第十六届国际中学生物理奥林匹克竞赛试题(理论部分)

第十六届国际中学生物理奥林匹克竞赛试题第1页共6页第十六届国际中学生物理奥林匹克竞赛试题(理论部分)(1985南斯拉夫波尔托罗日)题1一位年青的业余无线电爱好者用无线电与住在两个镇上的两位女孩保持联系。他放置两根竖直的天线棒，使得当住在A镇的女孩接收到最大信号时，住在B镇的女孩接收不到信号，反之也一样。这个天线阵由两根竖直的天线棒构成，它们在水平面内均匀地向各个方向发射同等强度的信号。(a)求此天线阵的参数，即两棒间距离及它们的方位和馈入两棒电信号之间的位相差，使得两棒间距离为最小。(b)求上述数值解。如果男孩的无线电台发射27MHZ的电磁波，该天线阵位于波尔托罗日，利用地图，他发现正北方与A方向(科佩尔)和B方向(位于伊斯特拉半岛上的小镇布热)的夹角分别为158°和72°。〔解〕a)如图16-1所示，设A方向和B方向的夹角为φ，两棒间距为r，棒间连线与A方向夹角为a。A方向最小位相差为：ΔA=2πcosα+ΔφB方向的最小位相差为：ΔB=2πcos(ψ-α)+ΔφΔφ为两根天线之间的相位差。当A方向强度最小，B方向强度最大时，ΔA=(2n+1)π，ΔB=2κπ。则ΔB-ΔA=(2(κ-n)-1)π=2π。〔cos(ψ-α)-cosα〕得到r.当ψ一定时，只有k=n，α-=-时，r为最小，或者k=n+1，α-=时，r也为最小。此时，第十六届国际中学生物理奥林匹克竞赛试题第2页共6页r最小=把上述结果代入含有Δφ的方程中，可得Δφ=π/2(k=n时)，或Δφ=-时，(k=n+1时)当Δφ从变为-时，产生的效应正好相反，即A方向强度最大，B方向强度为0。b)如图16-2所示，A方向和B方向夹角为ψ=157°-72°=85°则棒间距最小为r最小====4.1(米)两棒连线与A方向夹角为α=+90°=132.5°题2一根边长为a、b、c(abc)的矩形截面长棒，是由半导体锑化铟制成的。棒中有平行于a边的电流I流过。该棒放在平行于c边的外磁场B中，电流I所产生的磁场可以忽略。该电流的载流子为电子。在只有电场存在时，电子在半导体中的平均速度是v=μE，其中μ为迁移率。如果磁场也存在的话，则总电场不再与电流平行，这个现象叫做霍尔效应。（a）确定在棒中产生上述电流的总电场的大小和方向。（b）计算夹b边两表面上相对两点间的电势差。（c）如果电流和磁场都是交变的，且分别为I=I0sinωt，B=B0sin(ωt+φ)。写出b)情形中电势差的直流分量解析表达式。（d）利用c）的结果，设计一个电子线路，使其能测量连接于交流电网的电子设备所消耗的功率，并给出解释。利用下列数据：锑化铟中的电子迁移率为7.8m2/V·s锑化铟中的电子密度为2.5×1022m－3I=1.0AB=1.0Tb=1.0cmc=1.0mme=1.6×10－19C〔解〕a)第十六届国际中学生物理奥林匹克竞赛试题第3页共6页如图16-3所示，电子沿a边的运动，将使其受到洛仑兹力evB的作用,这样电子将具有沿b方向运动分量，并在样品两侧有电荷积累，形成与洛仑兹力相抵的电场力，这样有E⊥e=evB，即E⊥=vB而沿a方向的电场分量可由下式求出v=μE〃，即E〃=v/μ电子的速度可由电流求出I=s.j=cbnev，故v=I/nebc=25米/秒，则E〃=3.2伏/米，E⊥=2.5伏/米。因此总电场大小为E==4.06(伏/米)电场方向如图16-3所示，tga==3.2/2.5=1.28。b)b边相应两表面间电势差为VH=E⊥b=25毫伏c)VH=enbcIBb=)2(00encBIsinωtsin(ωt+φ)，直流分量V=)2(00encBIcosφ。d)电子线路如图16-4所示。题3现在讨论和研究的是关于某空间研究规划，把宇宙飞船发射到太阳系外去的两种发射方案。第一种方案是以足够大的速度发射飞船，使其直接逃逸出太阳系。第二种方案是使飞第十六届国际中学生物理奥林匹克竞赛试题第4页共6页船接近某一颗外行星并依靠它的帮助，改变飞船的运动方向以达到逃逸出太阳系所必需的速度。假定飞船仅仅在太阳或行星的引力场中运动。那么究竟是在太阳的引力场中运动还是在行星的引力场中运动，这要由该点是哪一个场较强而定。(a)按照方案1确定发射飞船所必需的相对于地球运动的最小速度va和它的方向。(b)假定飞船已按(a)中确定的方向发射，但具有另一个相对于地球的速度vb。求飞船穿过火星轨道时的速度，亦即相对于此轨道的平行分量和垂直分量。当飞船穿过火星轨道时，火星不在此交点附近。(c)设飞船进入火星的引力场，试求从地球发射飞船使其逃逸出太阳系所需的最小速度。提示：从结果(a)可以知道飞船在脱离火星引力场后逃逸出太阳系所需的最佳速度的大小和方向(不必考虑在穿越火星轨道时火星的精确位置)。求这个最佳速度与飞船进入火星引力场以前的速度分量，即你在(b)中确定的速度分量之间的关系。飞船的能量守恒情况又是怎样？（d）估算第二种方案比第一种方案所可能节省能量的最大百分比。注：设所有行星在同一平面内以同一方向绕着太阳在圆轨道上运转。忽略空气阻力，地球的自转以及从地球引力场逸出所消耗的能量。数据：地球绕太阳旋转的速度为30km/s，地球到太阳与火星到太阳的距离之比为2/3。〔解〕如图16-5，16-6所示，设Va为相对于地球的发射速度，VE为地球速度，θ是VE与Va间的夹角。宇宙飞船在太阳系中的总能量为E=mV2-其中，m为飞船质量，V为相对于太阳系的速度，M是太阳的质量，ME为地球的质量。宇宙飞船逃逸出太阳系的必要条件是：E≥0另一方面，地球的速度由下式给出：，VE=故由E≥0得第十六届国际中学生物理奥林匹克竞赛试题第5页共6页V2≥=2VE2由图16-5，16-6有va≥vE[2cos1－cosθ]最小速度的大小为va=vE(2－1)=12.3km/s此时，方向为θ=0。b)设Vb和V分别为以地球为参照系和以太阳为参照系时的发射速度(见图16-7)，从a)得到V=Vb+VE由角动量守恒给出mVRE=mV〃RM由能量守恒给出由上两个方程可得v〃=(vb+vE)EFRRv⊥=)1(2)1()(222MEEMEEbRRvRRvvc)用Vs表示以火星为参照系的飞船的速度(见图16-8，16-9)，VM表示火星速度。飞船在脱离火星的引力场时的速度与进入该场时的速度相同。现在让我们考虑一个等效问题—以速度Vs沿着由θ角给出的方向从火星轨道发射飞船，从a)的结果，我们知道这个速度应该是Vs≥VM(-cosθ+)第十六届国际中学生物理奥林匹克竞赛试题第6页共6页因此最小速度是Vs=VM(-1)太阳参照系和火星参照系的速度之间的关系是Vs=利用上述条件Vs2≥VM2(-1)2=VM2(3-2)和从b)得到的速度V〃=VV⊥2+V〃2=V2+2VM2-2VE2由此得到Vs2-VM2-2VMV〃+V2〃+V2⊥=VM2-2VMVV2+2VM2-2VE2≥3VM2-2VM2即V2-2VMV+2VM2-2VE2≥0解这个不等式得V≥VE〔+最小的发射速度是vb=vE〔-1+=vE×0.185=5.5km/sd)节省的能量的最大百分比为=80％