广东汕头市新溪第一中学2016届高三下学期第一学月测试物理试题

广东汕头市新溪第一中学2015-2016学年高三下学期第一学月测试物理试题二、选择题（每题6分，第14-18题只有一个选项符合要求，第19-21题有多项符合题目要求）14．在电磁学发展过程中，许多科学家做出了贡献。下列说法正确的是A．安培发现了电流磁效应；法拉第发现了电磁感应现象B．胡克认为无论在什么条件下，弹簧的弹力始终与弹簧的形变量成正比C．库仑提出了电场线；密立根通过油滴实验测定了元电荷的数值D．伽利略利用斜面实验和逻辑推理证明了自由落体运动的加速度都相同15．如图所示，一只小猫趴在自动扶梯的水平踏板上，随扶梯一起向上做匀加速运动。关于小猫在上述过程中的受力情况，下列说法正确的是A.小猫只受到重力和踏板的支持力作用B.小猫对踏板的压力一定小于小猫受到的重力C.小猫所受踏板作用力的方向一定和扶梯的加速度方向相同D.小猫所受合力的方向一定和扶梯的加速度方向相同16．“星跳水立方”节目中，某明星从跳板处由静止往下跳，其运动过程的v-t图象如图所示，则下列说法正确的是A．跳板距离水面的高度为7.5mB．1s末该明星的速度方向发生改变C．该明星入水前处于失重状态，入水后处于超重状态D．该明星在整个下降过程中的平均速度是7.5m/s17．我国“北斗二代”计划在2020年前发射35颗卫星，形成全球性的定位导航系统，比美国GPS多5颗。多出的这5颗是相对地面静止的高轨道卫星（以下简称“静卫”），其它的有27颗中轨道卫星（以下简称“中卫”）轨道高度为静止轨道高度的35。下列说法正确的是A．“中卫”的线速度介于7.9km/s和11.2km/s之间B．“静卫”的轨道必须是在赤道上空C．如果质量相同，“静卫”与“中卫”的动能之比为3:5D．“静卫”的运行周期小于“中卫”的运行周期18．如图所示，竖直放置的两个平行金属板间存在水平的匀强电场，与两板上边缘等高处有两个质量相同的带电小球（可视为质点）。现将P小球从紧靠左极板（但不接触左极板）处由静止释放、Q小球从两板正中央由静止释放，最终，两小球都能运动到右极板上的同一个位置O，则从开始释放到运动到右极板的过程中P小球和Q小球的A．运动时间相等B．电势能减少量之比为2:1C．电荷量之比为1:2D．动能增加量之比为4:119．如图所示，真空中的电场方向水平向右，从O点斜向上射入该电场中的带电油滴质量为m，其初速度大小为v，方向与电场方向成60°角，当油滴到达运动轨迹的最高点P时，速度大小仍为v。重力加速度为g，则对油滴从O点运动P点过程中，下列说法可能正确的是aOhv2乙OACBh1h2h3甲A．油滴受到的电场力大小为3mgB．油滴的动能先增大后减小C．油滴的机械能先增大后减小D．O点与P点之间的距离为234vg20.变压器能改变交变电流的电压和电流的大小。如图所示，有一台理想变压器原、副线圈的匝数比为5：1，用理想电压表和理想电流表测量副线圈的电压和电流，R为副线圈的负载电阻。现在原线圈a、b两端加上交变电压μ，其随时间变化的规律为μ=2202sinl00πt(V)，则A．副线圈中产生的交变电流频率为100HzB．电压表的示数44VC．若电流表示数为0.lA，则原线圈中的电流为0.5AD．若电流表示数为0.1A，则1nun内电阻R上产生的焦耳热为264J21.如图所示，斜面体置于粗糙水平面上，斜面光滑。小球被轻质细线系住放在斜面上，细线另一端跨过光滑定滑轮，用力拉细线使小球沿斜面缓慢向上移动一小段距离，斜面体始终静止。则在移动过程中A．细线对小球的拉力变大B．斜面对小球的支持力变大C．斜面体对地面的压力变大D．地面对斜面体的摩擦力变小22．（5分）在用“落体法”做“验证机械能守恒定律”的实验时，小明选择一条较为满意的纸带，如图甲所示．他舍弃前面密集的点，以O为起点，从A点开始选取纸带上连续点A、B、C……，测出O到A、B、C……的距离分别为h1、h2、h3……．电源的频率为f．（1）为减少阻力对实验的影响，下列操作可行的是．A．选用铁质重锤B．安装打点计时器使两限位孔在同一竖直线上C．释放纸带前，手应提纸带上端并使纸带竖直D．重锤下落中手始终提住纸带上端，保持纸带竖直（2）打B点时，重锤的速度vB为．（3）小明用实验测得数据画出的h2图像如图乙所示．图线不过坐标原点的原因是．（4）另有四位同学在图乙的基础上，画出没有阻力时的h2图线，并与其比较，其中正确的是．23．（10分）小华和小明在“描绘小灯泡伏安特性曲线”的实验中，将实验数据记录在下表中：电压U/V0.000.200.400.701.001.301.702.102.50电流I/A0.000.140.240.260.370.400.430.450.46（1）实验室有两种滑动变阻器供选择：A．滑动变阻器（阻值范围0-10、额定电流3A）B．滑动变阻器（阻值范围0-2000、额定电流1A）实验中选择的滑动变阻器是．（填写字母序号）（2）在图甲中用笔画线代替导线，将实验电路连接完整．（3）开关闭合前，滑动变阻器的滑片应滑至（选填“左”或“右”）端．（4）利用表中数据，在图乙中画出小灯泡的U-I图线．（5）他们在U-I图像上找到小灯泡工作电压为2.0V时坐标点，计算此状态的电阻值时，小明提出用图像上该点的曲线斜率表示小灯泡的阻值；小华提出该点与坐标原点连线的斜率表示小灯泡的阻值．你认为（选填“小华”或“小明”）的方法正确．24．（12分）如图所示，在以O为圆心的圆形区域内存在垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B=0.2T．AO、CO为圆的两条半径，夹角为120°．一个质量为m=3.2×10-26kg、电荷量q=—1.6×10-19C的粒子经电场加速后，从图中A点沿AO进入磁场，最后以v=1.0×105m/s的速度从C点离开磁场．不计粒子的重力．求：（1）加速电场的电压；（2）粒子在磁场中运动的时间；（3）圆形有界磁场区域的半径．乙U/VI/A0.10.20.31.500.501.000.40.5O2.502.003.000.6甲V－315－0.63A－+左右ABCD无阻力Ohv2无阻力Ohv2无阻力Ohv2无阻力Ohv2AO×××××××××××××××××××C××120°25．（20分）如图所示，在竖直平面内有一质量为2m的光滑“∏”形线框EFCD，EF长为L，电阻为r；FC=ED=2L，电阻不计．FC、ED的上半部分（长为L）处于匀强磁场Ⅰ区域中，且FC、ED的中点与其下边界重合．质量为m、电阻为3r的金属棒用最大拉力为2mg的绝缘细线悬挂着，其两端与C、D两端点接触良好，处在磁感应强度为B的匀强磁场Ⅱ区域中，并可在FC、ED上无摩擦滑动．现将“∏”形线框由静止释放，当EF到达磁场Ⅰ区域的下边界时速度为v，细线刚好断裂，Ⅱ区域内磁场消失．重力加速度为g．求：（1）整个过程中，克服安培力做的功；（2）EF刚要出磁场I时产生的感应电动势；（3）线框的EF边追上金属棒CD时，金属棒CD的动能．35．[物理—选修3-5]（15分）（1）(6分)(多选)下列说法正确的是______。（填正确答案标号。选对1个得3分，选对2个得4分，选对3个得6分。每选错1个扣3分，最低得分为0分）A．太阳辐射能量与目前采用核电站发电的能量均来自核聚变反应B．天然放射现象的发现揭示了原子核有复杂的结构C．一个氢原子从n=4的激发态跃迁到基态时，能辐射3种不同频率的光子D．按照玻尔理论，氢原子核外电子从半径较小的轨道迁到半径较大的轨道时，电子的动能减小，原子总能量减小E.康普顿效应说明光具有粒子性，电子的衍射实验说明粒子具有波动性（2）（9分）如图所示，在光滑水平面上有一质量M=8kg的木板，木板的中点处有一质量m=1.9kg的物块，物块距木板左端的距离为10m(物块可视为质点)，木板右半部分表面光滑，左半部分与物块间动摩擦因数恒定，在木板右端固定一轻质弹簧。一颗质量为m0=0.1kg的子弹以v0=200m/s的初速度水平向右飞来，击中物块并留在其中，如果最终物块刚好不从木板上掉下来.求：①在整个运动过程中，弹簧具有的最大弹性势能Ep;②物块与木板左半部分间的动摩擦因数μ。FECDⅠ区域BLL金属棒细线Ⅱ区域0.02答案22．（5分）（前3空1分，最后1空2分）（1）ABC；（2）213fhh；（3）打下O点时重锤速度不为零；（4）B。23.（10分）（每空2分）（1）A（2）见图甲（3）左（4）见图乙（5）小华24.（12分）解析：（1）在加速电场中212qUm（2分）V1000U（1分）（2）粒子在磁场中运动周期：qBmT2（2分）s100.13616qBmTt（3分）（3）由RmBq2（2分）粒子运动的轨道半径m10.0BqmR（2分）圆形磁场的半径为m058.030tanRr（3分）本题有其它解法，正确的对照评分标准给分。单选多选1415161718192021DDCBAADBDADU/VI/A0.10.20.31.500.501.000.40.5O2.502.00甲V－315－0.63A左右－+乙AO×××××××××××××××××××C××120°O＇25.（20分）解析：（1）对∏形线框用动能定理022122mWmgL（2分）22mmgLW（2分）（2）对金属棒CD受力分析：BILmgTm得到BLmgI（2分）BLmgrIRE4总（2分）（3）对金属棒CD运动分析：221gtH（2分）对∏形线框运动分析：221gttLH（2分）解得：Lt（1分）相遇时CD棒速度gLgtt0（1分）此时动能为222K221LmgmEt（2分）35.(1)BCE(2)设子弹击中物块后，两者的共同速度为1v，由动量守恒定律知：0001()mvmmv设弹性势能最大时，三者共同速度为2v，则：0102()()mmvmmMv22010211()()22PEmvvmmMv解得：80PEJ②由能量守恒定律得：0()PEmmgL解得：0.4