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2017年阶段练习物理考试考试时间：**分钟满分：**分姓名：__________班级：__________考号：__________题号一二三四评分*注意事项：1.填写答题卡的内容用2B铅笔填写2.提前xx分钟收取答题卡第Ⅰ卷客观题一、单选题（共10题；共20分）1、在如图（a）所示的电路中，L1、L2为规格相同的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图（b）所示，C是电容为100μF的电容器，R是阻值为8Ω的定值电阻，电源E的内阻为1Ω．电路稳定后，通过L1的电流为0.2A，下列结果正确的是（）A、L1的电功率为0.16WB、L2的电阻为4ΩC、电源的效率为60%D、电容器的带电量为2.4×10﹣4C2、欧姆表的正、负插孔内分别插有红、黑表笔，表内的电路图应是下图中的（）A、B、C、D、3、一块电压表是由电流表G和电阻R串联而成，如图所示，若使用过程中发现改装电压表的示数总比标准电压表准确值稍小一些，采取下列哪种措施可以改进（）A、在R上串联一个比R大得多的电阻B、在R上串联一个比R小得多的电阻C、在R上并联一个比R大得多的电阻D、在R上并联一个比R小得多的电阻4、如图所示，电源电动势为E，内阻为r，当滑动变阻器的滑动端向右移动时，则（）第3页共18页◎第4页共18页…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………A、电压表V读数变大B、电流表A1读数变大C、电流表A2读数变大D、灯泡L1消耗的电功率变大5、某电解池中，若在2s内有1.0×1019个二价正离子和2.0×1019个一价负离子通过某截面，那么通过这个截面的电流是（）A、0B、0.8AC、1.6AD、3.2A6、一段电阻丝长为L，电阻为R，下列说法正确的是（）A、若将该段电阻丝均匀拉伸为2L，其电阻为2RB、若将该段电阻丝对折连为一起使用，其电阻为RC、若将该段电阻丝平均分成n小段，每小段的电阻率变为原来的D、若给该段电阻丝加上电压U，电阻丝中的电流是7、（2017•江苏）如图所示，三块平行放置的带电金属薄板A、B、C中央各有一小孔，小孔分别位于O、M、P点．由O点静止释放的电子恰好能运动到P点．现将C板向右平移到P′点，则由O点静止释放的电子（）A、运动到P点返回B、运动到P和P′点之间返回C、运动到P′点返回D、穿过P′点8、（2017•海南）如图，平行板电容器的两极板竖直放置并分别与电源的正负极相连，一带电小球经绝缘轻绳悬挂于两极板之间，处于静止状态．现保持右极板不动，将左极板向左缓慢移动．关于小球所受的电场力大小F和绳子的拉力大小T，下列判断正确的是（）A、F逐渐减小，T逐渐减小B、F逐渐增大，T逐渐减小C、F逐渐减小，T逐渐增大D、F逐渐增大，T逐渐增大9、电子在电场中运动时，仅受电场力作用，其由a点运动到b点的轨迹如图中虚线所示，图中一组平行等距实线是电场线，则下列说法中正确的是（）A、a点的电势都比b点高B、a点的场强都比b点小C、电子由a点运动到b点，动能减小D、电子由a点运动到b点，电势能减小10、如图所示，示波管是示波器的核心部件，它由电子枪、偏转电极和荧光屏组成．如果在荧光屏上P点出现亮斑，那么示波管中的（）A、极板X′应带正电，极板Y应带正电B、极板X应带正电，极板Y应带正电C、极板X′应带正电，极板Y′应带正电D、极板X应带正电，极板Y′应带正电第Ⅱ卷主观题二、计算题（共1题；共5分）11、如图所示，两个小灯泡L1和L2串联接在P、Q两点间，L1和L2的铭牌上分别标有“3V,6W”、“6V,3W”，求PQ间允许加的最大电压为多少？(假定小灯泡电阻不变)三、解答题（共2题；共10分）12、如图所示的闭合电路中，电源电动势E=12V，内阻r=1Ω，灯泡A标有“6V，3W”，灯泡B标有“4V，4W”．当开关S闭合时A、B两灯均正常发光．求：R1与R2的阻值分别为多少？13、如图所示，质量为5×10﹣8kg的带电微粒以v0=2m/s速度从水平放置的平行金属板A、B的中央飞入板间．已知板长L=10cm，板间距离d=2cm，当UAB=103V时，带电微粒恰好沿直线穿过板间，则AB间所加电压在什么范围内带电微粒能从板间飞出？四、实验题（共3题；共17分）14、某物理学习小组要描绘一只小灯泡（2.5V0.5A）的伏安特性曲线，用到的器材有：电源E（电动势为3．OV内阻不计），电压表V（量程为O～3．OV，内阻约为2kΩ），电流表A（量程为O～0.6A，内阻约为1Ω），滑动变阻器R（最大阻值10Ω），导线和开关等．(1)将实验电路图画在图1方框中（要求尽量减小误差）．(2)下表中的各组数据是此学习小组在实验中测得的，根据表格中的数据在图2方格纸上绘出该小灯泡的伏安特性曲线．U（V）00.511.52.02.5I（A）00.170.300.390.450.49(3)由图像可知，该小灯泡灯丝温度升高时，电阻________（填“变大”或“变小”）．15、某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率ρ．步骤如下：(1)用游标为20分度的卡尺测量其长度如图1，由图可知其长度为________mm；(2)用螺旋测微器测量其直径如图2，由图可知其直径为________mm；(3)用多用电表的电阻“×10”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如图3，则该电阻的阻值约为________Ω．(4)若该同学用伏安法跟用多用电表测量得到的R测量值几乎相等，由此可估算此圆柱体材料的电阻率约为ρ=________Ω•m．（保留2位有效数字）16、根据所学知识完成下面的读数：第7页共18页◎第8页共18页…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………(1)在“测定金属的电阻率”的实验中，用螺旋测微器测量金属丝的直径，示数如图甲所示，读数为________mm．(2)用游标为20分度的卡尺测量摆球的直径，示数如图乙所示读数为________cm．答案解析部分一、单选题1、【答案】A【考点】全电路的功和能【解析】【解答】解：A、电路稳定后，通过L1的电流为I1=0.2A，由图读出其电压U1=0.8V，则灯泡L1的电功率P1=U1I1=0.2×0.8=0.16W，故A正确；B、并联部分的电压U2=U1+I1R=0.8+0.2×8=2.4V，由图读出其电流为I2=0.4A，根据欧姆定律得，故B错误；C、电源电动势E=U2+（I1+I2）r=2.4+0.6×1=3V，电源的效率为%，故C错误；D、电容器的电压U=I1R=1.6V，则电容器的带电量为Q=UC=1.6×100×10﹣6=1.6×10﹣4C，故D错误．故选：A【分析】电路稳定后，通过L1的电流为I1=0.2A，由图读出其电压，根据P=UI求解功率，根据串并联电路的特点求出并联部分电压，根据图象读出电流，根据欧姆定律求解电阻，电容器的电压与R的电压相等，根据Q=UC求解电量．2、【答案】A【考点】电磁学实验【解析】【解答】解：A、C、D、电流由红表笔流入，由黑表笔流出，则正插孔接电源的负极，则CD错误，A正确B、每次换挡时都要进行短接调零，所以电阻要可调节，故B错误．故选：A【分析】测量电路中的电流由红表笔进入欧姆表，由黑表笔流出欧姆表，红表笔插在正极孔中，与内部电源的负极相连，选档后要进行调零据此可确定电路．3、【答案】C【考点】电磁学实验【解析】【解答】解：根据电压表的改装及读数原理可知，若电压表读数偏小，说明通过电压表的电流偏小，所以只需减小电压表的内阻即可，根据串并联的特点可知，应换用比R小点儿的电阻或在R上并联一比R大得多的电阻即可．故选：C．【分析】求解本题的关键是明确电压表的改装和读数原理，电压表示数偏小，说明通过电压表的电流比正常值小，可见通过减小电压表内阻即可改进．4、【答案】A【考点】全电路的功和能【解析】【解答】解：AB、当变阻器的滑动端向右移动时，其有效电阻增大，并联部分电阻增大，总电阻增大，总电流减小，内电压减小，路端电压增大，则电压表V读数变大，电流表A1读数变小．故A正确，B错误；C、由串联电路分压特点可知电路中并联部分电压增大，通过电流增大，而总电流减小，则电流表A2读数变小，故C错误；D、因为总电流变小，根据，知消耗的电功率变小，故D错误故选：A【分析】当变阻器的滑动端向右移动时，先分析总电阻的变化，再分析总电流的变化，结合串联电路分压特点分析电路中并联部分电压的变化，得到通过R3电流的变化，即可判断A2中电流的变化．5、【答案】D【考点】电路的基本概念【解析】【解答】解：2s内流过的电量为：Q=1.0×1019×2×1.6×10﹣19C+2.0×1019×1.6×10﹣19C=6.4C；则由电流的定义可知：I===3.2A；故选：D．【分析】先由正负电荷量的决对值的和求出通过截面的电荷量，然后由电流的定义式求出电流．6、【答案】D【考点】电阻定律【解析】【解答】解：A、一段电阻丝长为L，电阻为R，根据电阻定律，有：R=ρ；将该段电阻丝均匀拉伸为2L，横截面积减小为，故电阻变为4R，故A错误；B、若将该段电阻丝对折连为一起使用，长度变为，横截面积变为2S，故电阻变为，故B错误；第11页共18页◎第12页共18页…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………C、若将该段电阻丝平均分成n小段，每一段的长度为，截面积为S，故每小段的电阻为；但是电阻率是由材料决定的，不变，故C错误；D、若给该段电阻丝加上电压U，根据欧姆定律，电阻丝中的电流是I=，故D正确；故选：D【分析】电阻定律公式为R=ρ，将该段电阻丝均匀拉伸为2L时横截面积变为原来的，对折后横截面积变为原来的2倍；电阻率ρ由材料决定，与温度也有关．7、【答案】A【考点】动能定理的综合应用，电容器，匀强电场电势差与场强的关系，电荷在电场中的加速，高考真题【解析】【解答】设AB间电场强度为，BC间场强为，根据题意由O点释放的电子恰好能运动到P点，根据动能定理，有①BC板电量不变，BC板间的场强==②由②知BC板间的场强不随距离的变化而变化，即当C板向右平移到P'时，BC板间的场强不变，由①知，电子仍然运动到P点返回，故A正确，BCD错误；故选：A【分析】根据匀强电场电场强度的公式，电容的定义式以及电容的决定式C=，联立得E=，知道在电量不变的情况下，改变两板间距离，场强不变，再结合动能定理进行讨论．8、【答案】A【考点】平行四边形定则，共点力平衡条件的应用，电容器，高考真题【解析】【解答】解：电容器与电源相连，所以两端间电势差不变，将左极板向左缓慢移动过程中，两板间距离增大，由U=Ed可知，电场强度E减小；电场力F=Eq减小；小球处于平衡状态，受重力、拉力与电场力的作用而处于平衡，根据平行四边形定则可知，T=；由于重力不变，电场力变小，故拉力减小．故A正确，BCD错误．故选：A．【分析】明确电容器与电源相连，故电容器两端的电势差不变，由U=Ed可分析电场力的变化情况，再根据受力分析明确绳子拉力的变化情况．9、【答案】D【考点】电势差、电势、电势能，电荷在匀强电场中的运动【解析】【解答】解：A、由于电子运动轨迹大致向右弯曲，所以电子受到向右的电场力，所以匀强电场方向水平向左，顺着电场线方向电势降低，所以b点电势高，故A选项错误．B、因为是匀强电场，所以各处场强相等，故B选项错误．C、从a点到b点，电子受