高二下期第一次月考物理试题

高二下期第一次月考物理试题（2008.3.18）时量90分钟满分100分一、本题共10小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分．1．某校中学生参加电视台“异想天开”节目栏的活动，他们提出了下列四个设想方案，哪些从理论上讲是可行的()A．制作一个装置只从海水中吸收内能全部用来做功，而不引起其他变化。B．发明一种制冷设备，使温度降至绝对零度以下C．汽车尾气中各类有害气体排入大气后严重污染了空气，想办法使它们自发地分离，既清洁了空气，又变废为宝D．将房屋顶盖太阳能板，可直接用太阳能来解决照明和热水问题2．分子间同时存在引力和斥力，下列说法正确的是（）A．分子间的引力和斥力都随分子间的距离的增大而减小，斥力减小得更快B．分子间的引力和斥力都随分子间的距离的增大而减小，引力减小得更快C．分子间的引力和斥力都随分子间的距离的增大而增大，斥力增大得更快D．分子间的引力和斥力都随分子间的距离的增大而增大，引力增大得更快3．点电荷Q1、Q2产生的静电场的等势面与纸面的交线如图1中实线所示，图中标在等势面上的数值分别表示该等势面的电势，a、b、c、d、e、f等表示等势面上的点，下列说法正确的有（）A．位于d点的点电荷不受电场力作用B．a点的场强与b点的场强大小一定相等C．把电荷量为q的正电荷先从b点移到d点，再从d点移到f点，电场力做的总功为零D．把单位正电荷从e点移到c点过程中，电场力做的功等于2kJ．4．图2所示的四个图都是电容式传感器的原理图。其中A图是测定角度的电容式传感器，B图是测定液面高度的电容式传感器，C图是测定压力的电容式传感器，D图是测定位移的电容式传感器。关于它们的工作原理，下列说法正确的是（）A．图A中，当动片和定片之间的夹角发生变化，会引起板间正对面积发生变化，使电容C发生变化，知道了电容器电容C的变化情况，就可以知道θ角的变化情况B．图B中，当液面发生变化时，会引起电容器两板间的间距发生了变化，使得电容器的电容发生了变化，知道了电容器的电容C的变化情况，就知道了液体的深度的变化情况图1定片动片θ图A图B导电液体金属芯线h电介质图C固定电极可动电极待测压力F图D电介质极板极板x图2C．图C中，当待测压力F作用在可动膜片上时，使得电容器的正对面积发生了变化，电容器的电容发生了变化，知道了电容器电容C的变化情况，就知道了待测压力F的大小D．图D中，随着电介质进入极板间的长度发生变化，电容器的电容C发生变化，知道了电容器的电容C的变化情况，就知道了位移的变化情况5．永州市为了节约能源，合理适时地使用路灯，要求夜晚亮、白天熄，利用半导体的某种特性制成自动点亮、熄灭的装置，实现了自动控制。这是利用半导体的（）A．压敏性利用了B．光敏性C．热敏性D．三种特性都利用了6．超导限流器是一种短路故障电流限制装置，它由超导部件和限流电阻并联组成，原理图如图3所示．当通过超导部件的电流大于其临界电流IC时，超导部件由超导态（可认为电阻为零）转变为正常态（可认为是一个纯电阻），以此来限制电力系统的故障电流．超导部件正常态电阻R1＝7.5Ω，临界电流IC＝0.6A，限流电阻R2＝15Ω，灯泡L上标有“6V3W”，电源电动势E＝7V，内阻r＝2Ω，电路正常工作．若灯泡L突然发生短路，则（）A．灯泡L短路前通过R1的电流为13AB．灯泡L短路后超导部件电阻为零C．灯泡L短路后通过R1的电流为23AD．灯泡L短路后通过R1的电流为1A7．据瑞典皇家科学院宣布，２００７年诺贝尔物理学奖获得者是两名先后独立发现了“巨磁电阻”效应的法国科学家阿尔贝·费尔和德国科学家彼得·格林贝格尔。所谓“巨磁电阻”效应，是指磁性材料的电阻率在有外磁场作用时较之无外磁场作用时存在巨大变化的现象。我们开始能够在笔记本电脑、音乐播放器等所安装的越来越小的硬盘中存储海量信息。下列器材中哪个是利用“巨磁电阻”效应的（）A、录音磁带B、MP3C、电磁继电器D、磁悬浮列车8．如图4所示的空间，匀强电场的方向竖直向下，场强为E，匀强磁场的方向水平向外，磁感应强度为B，有两个带电小球A和B都能在垂直于磁场方向的同一竖直平面内做匀速圆周运动（两小球间的库仑力可忽略），运动轨迹如图中所示，已知两个带电小球A和B的质量关系为mA=3mB，轨道半径为RA=3RB.则下列说法正确的是（）A．小球A带正电、B带负电B．小球A带负电、B带正电C．小球A、B的速度比为3:1D．小球A、B的速度比为1:39．闭合线框abcd，自某高度自由下落时穿过一个有界的匀强磁场，当它经过如图5所示的三个位置时，感应电流的方向是（）A．经过Ⅰ时，a→d→c→b→aB．经过Ⅱ时，a→b→c→d→aC．经过Ⅱ时，无感应电流D．经过Ⅲ时，a→b→c→d→a10.在图6所示的演示实验中，先合上开关S，调节变阻器R的电阻，使同样规格的两个灯泡明亮程度相同，再调节变阻器R1，使两个灯泡都正常发光，然后断开开关S。（）Ａ．再次合上开关S时，两灯同时正常发光Ｂ．再次合上开关S时，L2立刻正常发光，L1逐渐亮起来Ｃ．再次断开开关S时，则L2立即熄灭，L1逐渐熄灭Ｄ．再次断开开关S时，则两灯都是逐渐熄灭S超导部件R1限流电阻R2LrE图3ERARBB图4××××××××××abcdⅠⅡⅢ图5L1图6L2LSRR1图83035040二、(共16分)实验题11．（4分）某同学用多用电表的欧姆档测一未知电阻时，把选择旋钮扳到了×100档，测量时指针指示在如图7所示的位置．为了精确地测出未知电阻的值，在如下可能的操作中，该学生应该继续操作的步骤是：_____________．（填入字母）A．把两根表笔短接B．把选择旋钮扳到×10档上C．把选择旋钮扳到×1K档上D．把选择旋钮扳到交流电压档上E．把两根表笔与未知电阻两端接触，读出电阻值F．调节调零旋钮，使指针指示到欧姆档的零刻度线12．（12分）在“测量金属的电阻率”的实验中：（1）用螺旋测微器测金属丝的直径如图8所示，则该金属丝的直径为mm（2）已知电阻丝的电阻约为10Ω，测量时要求加在电阻丝两端的电压可连续地从0V调到3V，现备有下列器材供测量该电阻丝的电阻时选用，应选用的器材有________________（只填代号）Ａ．量程是0—0.6A，内阻是0.5Ω的电流表；Ｂ．量程是0—3A，内阻是0.1Ω的电流表；Ｃ．量程是0—3V，内阻是6kΩ的电压表；Ｄ．量程是0—15V，内阻是30kΩ的电压表；Ｅ．阻值为0—1kΩ，额定电流为0.5A的滑动变阻器；Ｆ．阻值为0—20Ω，额定电流为2A的滑动变阻器；Ｇ．蓄电池（6V）；Ｈ．开关一个，导线若干。（3）在方框中画出用伏安法测上述电阻丝电阻的电路图三、解答应写出必要的文字说明、方程式和主要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值与单位。（44分）13．（10分）如图9所示是利用电动机提升重物的示意图，其中D是直流电动机．p是一个质量为m的重物，它用细绳拴在电动机的轴上．闭合开关ｓ，重物p以速度v被匀速提升，这时电流表和电压表的示数分别是I＝5.0Ａ和U＝110Ｖ，重物p上升的速度v＝0.90m/s．重物的质量ｍ＝50kg。不计一切摩擦，g取10m/s2．求:(1)电动机消耗的电功率P电；(2)电动机线圈的电阻R．∞O图7图914．（10分）有一匀强电场，其场强为E，方向竖直向下。把一个半径为r的光滑绝缘环，竖直置于电场中，环面平行于电场线，环的顶点A穿有一个质量为m、电量为q(q0)的空心小球，如图10所示。当小球由静止开始从A点下滑到最低点B时，小球受到环的压力多大？15．（12分）如图11所示为电视机显像管的简化原理图，现有质量为m、电荷量为e、初速度不计的电子经加速电场加速后，垂直于磁场射入宽度为L的有界匀强磁场中，匀强磁场的磁感应强度为B，若电子束的偏转角为θ，求：加速电场的电势差U为多大？16.（12分）如图12所示PQ、MN为足够长的两平行金属导轨,它们之间连接一个阻值8R的电阻;导轨间距为kgmmL1.0;1一质量为,电阻2r,长约m1的均匀金属杆水平放置在导轨上,它与导轨的滑动摩擦因数53,导轨平面的倾角为030在垂直导轨平面方向有匀强磁场,磁感应强度为0.5TB,今让金属杆AB由静止开始下滑从杆静止开始到杆AB恰好匀速运动的过程中经过杆的电量1Cq,求:（1）金属棒从静止下滑到最大速度时下滑距离（2）当AB下滑速度为sm/2时加速度的大小（3）AB下滑的最大速度（4)从静止开始到AB匀速运动过程R上产生的热量AB图10θvvULB图11θRBABMPQN图12高二下期第一次月考物理试题[A]参考答案1.D2.A3、D4.AD5.B6.C7.B8、C9、C10.BD11．CAFED12.0.350（4分），ACFGH（4分）（电路图4分）13.（10分）解：电动机的输入功率P入=UI＝5×110W=550W…………①电动机的输出功率P出=mgv＝50×10×0.9=450W………②电动机线圈的发热功率P热=P入－P出…………③P热=I2R由①②③式可得代入数据，联立解得：R=4Ω…………(1分)14.（10分）解：由A到B有动能定理得：22122mvREqRmg在最低点由向心力公式得：RmvEqmgN2联立解得:N=5(mg+Eq)15.（12分）解：设电子被加速电场加速后速度为v，其运动轨迹如图所示据动能定理有eU=12mv2设粒子垂直进入匀强磁场后做半径为R的匀速圆周运动据牛顿第二定律有evB=mv2R据几何关系有sinθ=LR由以上各式解得U=eB2L22msin2θ16．解：(1)()BLSqtRr可得()20()qRrSmBL(2)E=BLV=1（V）0.1()()EIARrFA=BIL=0。05（N）VAS实验电路图θvvULBO牛顿第二定律：mgsinθ-FA-μmgcosθ=ma2sincos1.5(/)AmgFmgamsm(3)平衡可得：mgsinθ=μmgcosθ+22()mBLVRr22(sincos)()8(/)mmgmgRrVmsBL(4)能量守恒：mgSsinθ—μmgScosθ—Q=212mmV21sincos0.8()2mQmgSmgSmVJ0.64()()RRQQJRr