高三物理期末考试模拟试题

（一轮复习结束）高三物理期末考试模拟试题本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，共150分。第Ⅰ卷(选择题共40分)一、本题共10小题：每小题4分，共40分。在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确，全部选对的得4分，选不全的是2分，有选错或不答的得0分。1．下列说法正确的是A．物体放出热量，温度一定降低B．物体内能增加，温度一定升高C．根据热力学第二定律可知，热量不可能从低温物体传到高温物体D．热量能自发地从高温物体传给低温物体２．由两个完全相同的波源S1与S2发出的两列波在某时刻的情况，如图所示，其中实线表示波峰，虚线表示波谷，下列说法正确的是Ａ．处于波谷与波谷相遇处质点振动一定最弱Ｂ．处于波峰与波峰相遇处的质点振动一定最强Ｃ．振动最强的质点的位移始终最大，大小为每一列波振幅的２倍Ｄ．振动最弱的质点除了该时刻处于波峰与波谷的交点外，还有其它质点3．下列说法正确的是Ａ．天然放射现象的发现，揭示了原子核是由质子和中子组成的Ｂ．卢瑟福的α粒子散射实验揭示了原子核有复杂结构Ｃ．玻尔的原子结构理论是在卢瑟福核式结构学说基础上引进了量子理论Ｄ．α射线、β射线、γ射线本质上都是电磁波４．光滑绝缘的斜面固定在水平面上,一个带负电的小滑块从斜面顶端由静止释放,要使小滑块能沿斜面运动一段时间后离开斜面,下面的办法可行的是Ａ．加竖直向上的匀强电场Ｂ．加垂直纸面向外的匀强磁场Ｃ．加垂直纸面向里的匀强磁场Ｄ．加竖直向下的匀强电场５．图是某金属在光的照射下,光电子最大初动能Ek与入射光频率v的关系,由图象可知A．该金属的逸出功等于EB．该金属的逸出功等于hv0-CABC．入射光的频率为2v0时,产生的光电子的最大初动能为２ED．入射光的频率为v0/2时,产生的光电子的最大初动能为E/26．若以μ表示水的摩尔质量，v表示在标准状态下水蒸气的摩尔体积，ρ表示在标准状态下水蒸气的密度，NA为阿伏加德罗常数，m、v0分别表示每个水分子的质量和体积。下列关系式中正确的是A．NA＝mvB．ρ＝0vNAC．m＝AND．v0＝ANv7．如图所示，用三块完全相同的平板玻璃组成一等边三角形，一束单色光由AB面入射，由AC面射出，则以下说法正确的是A．射出光线方向与入射光线平行B．射出光线向顶角偏折C．射出光线会发生色散D．射出光线向底边偏折8．如图所示，两平行金属导轨固定在水平面上，匀强磁场方向垂直导轨平面向下，金属棒ab、cd与导轨构成闭合回路且都可沿导轨无摩擦滑动。ab、cd两棒的质量之比为2∶1。用一沿导轨方向的恒力F水平向右拉cd棒，经过足够长时间以后A．ab棒、cd棒都做匀速运动B．ab棒上的电流方向是由a向bC．cd棒所受安培力的大小等于F32D．两棒间距离保持不变９．太阳里的热核反应方程为:nHeHH10423121下列说法正确的是A．H21和H31是两种不同元素的原子核B．H21和H31是氢的两种同位素的原子核C．这个反应过程中有质量亏损D．这个反应既是核反应,也是化学反应10．雷达是利用电磁波来测定物体的位置和速度的设备，它可以向一定方向发射不连续的电磁波，当遇到障碍物时要发生反射．雷达在发射和接收电磁波时，在荧光屏上分别呈现出一个尖形波．某型号防空雷达发射相邻两次电磁波之间的时间间隔为5×10－4s．现在雷达正在跟踪一个匀速移动的目标，某时刻在雷达监视屏上显示的雷达波形如图甲所示，30s后在同一方向上监视屏显示的雷达波形如图乙所示．已知雷达监视屏上相邻刻线间表示的时间间隔为10－4s，电磁波在空气中的传播速度3×108m/s，则被监视目标的移动速度最接近A.1200m/sB.900m/sC.500m/sD.300m/sFBdabc第Ⅱ卷（非选择题共110分）二、本题共2小题，共20分。把答案填在题中的横线上或按题目的要求作答。11．⑴有以下几个实验：A、用单摆测定重力加速度；B、研究匀变速直线运动；C、验证机械能守恒定律；D、验证动量守恒定律。上述实验中需要打点计时器的实验是：；需要天平的实验是：；需要刻度尺（或三角板）的实验是：。(2)在研究匀变速直线运动的实验中，图为一次实验得到的一条纸带，纸带上每相邻的两计数点间时间间隔均为t，测得位移SAC=L1，SBD=L2，则物体的加速度为________．12．在测定一节干电池的电动势和内电阻的实验中，备有下列器材：①干电池E（电动势约为1.5V、内电阻大约为1.0）②电压表V（0~15V）③电流表A（0~0.6A、内阻0.1）④电流表G（满偏电流3mA、内阻Rg=10）⑤滑动变阻器R1（0~10、10A）⑥滑动变阻器R2（0~100、1A）⑦定值电阻R3=990⑧开关、导线若干⑴测量应选用的滑动变阻器是_________（填写字母代号）；⑵请在线框内画出你所设计的实验电路图，并在图中标上所选用器材的符号。I2/AI1/mA00.10.20.30.40.51.0.1.11.21.31.41.5ABCD(3)上图为某一同学根据他设计的实验，绘出的I1—I2图线（I1为电流表G的示数，I2为电流表A的示数），由图线可求得被测电池的电动势E=_____V，内电阻r=_____。三、本题共6小题，共90分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．13．（14分）如图所示，木块质量m=0.4kg，它以速度v=20m/s水平地滑上一辆静止的平板小车，已知小车质量M=1.6kg，木块与小车间的动摩擦因数为μ=0.2，木块没有滑离小车，地面光滑，g取10m/s2，求：(1)木块相对小车静止时小车的速度；(2)从木块滑上小车到木块相对于小车刚静止时，小车移动的距离.14．(14分)在如图所示的电路中，R1=2Ω，R2=R3=4Ω，当电键K接a时，R2上消耗的电功率为4W，当电键K接b时，电压表示数为4.5V，试求：(1)电键K接a时，通过电源的电流和电源两端的电压；(2)电源的电动势和内电阻；(3)当电键K接c时，通过R2的电流.15.(15分)一个行星探测器从所探测的行星表面竖直升空，探测器的质量为1500kg，发动机推力恒定.发射升空后9s末，发动机突然间发生故障而关闭.下图是从探测器发射到落回地面全过程的速度图象.已知该行星表面没有大气.不考虑探测器总质量的变化.求：(1)探测器在行星表面上升达到的最大高度H；(2)该行星表面附近的重力加速度g；(3)发动机正常工作时的推力F.16．(15分)如图所示，在y＜0的区域内存在匀强磁场，磁场方向垂直于xy平面并指向纸里，磁感应强度为B.一带负电的粒子(质量为m、电荷量为q)以速度v0从O点射入磁场，入射方向在xy平面内，与x轴正向的夹角为θ.求：(1)该粒子射出磁场的位置；(2)该粒子在磁场中运动的时间.(粒子所受重力不计)17．(16分)如图所示，绷紧的传送带与水平面的夹角θ=30°，皮带在电动机的带动下，始终保持v0=2m/s的速率运行.现把一质量为m=10kg的工件(可看为质点)轻轻放在皮带的底端，经时间1.9s，工件被传送到h=1.5m的高处，取g=10m/s2.求：(1)工件与皮带间的动摩擦因数；(2)电动机由于传送工件多消耗的电能.18（16分）、如图所示，光滑平行金属导轨PQ、MN位于竖直平面内，轨道间接一阻值为R的电阻，导轨电阻不计，空间有水平垂直于框架平面的匀强磁场，磁感应强度为B，另有一质量为m，电阻为r的金属导体棒ab，与PQ、MN紧密接触，导体棒长L，现对ab棒施以竖直向上的拉力作用，且保持拉力的功率P不变，使ab棒由静止开始向上运动，经过时间t，ab棒的速度达到最大值mv，此过程产生的焦耳热为Q，求：（1）ab棒的最大速度值mv，（2）在时间t内通过R的电量q。aQMbPNRFB物理参考答案及评分标准题号12345678910答案DBDCBABACACBCCB11．（1）2122tLL（2）BCDABCD12．⑴R1（2分）⑵电路图如右图所示（4分）（有任何错误不得分）⑶1.47（2分）（1.46~1.48均给2分）0.83(2分)(0.81~0.85均给2分)13．解:(1)设木块相对小车静止时小车的速度为V，根据动量守恒定律有：mv＝(m+M)Vs4msm6.14.0204.0MmmvV（2）对小车,根据动能定理有:0212MVsmgm16m104.02.0246.1222mgMVs14．解:(1)K接a时，R1被短路，外电阻为R2，根据电功率公式可得通过电源电流111RPIA电源两端电压421PRUV(2)K接a时，有E=U1+I1r=4+r①K接b时，R1和R2串联,R′外=R1+R2=6ΩSAGR3R1E通过电源电流I2＝75.0212RRUA这时有：E=U2+I2r=4.5+0.75r②解①②式得：E=6Vr＝2Ω(3)当K接c时，R总=R1+r+R23=6Ω总电流I3＝E/R总=1A通过R2电流I＇＝21I3=0.5A15．解：(1)0～25s内一直处于上升阶段，上升的最大高度在数值上等于△OAB的面积，即H=21×25×64m=800m(2)9s末发动机关闭，此后探测器只受重力作用，故在这一阶段的加速度即为该行星表面的重力加速度，由图象得g=tv=1664m/s2=4m/s2(3)由图象知加速上升阶段探测器的加速度:a=964m/s2根据牛顿运动定律，得F-mg=ma所以推力F=m(g+a)=1.67×104N16．解：（1）带负电粒子射入磁场后，由于受到洛伦兹力的作用，粒子将沿图示的轨迹运动，从A点射出磁场，设O、A间的距离为L，射出时速度的大小仍为v，射出方向与x轴的夹角仍为θ，由洛伦兹力公式和牛顿定律可得：qv0B=mRv20式中R为圆轨道半径，解得：R=qBmv0①圆轨道的圆心位于OA的中垂线上，由几何关系可得：2L=Rsinθ②联解①②两式，得：L=qBmvsin20所以粒子离开磁场的位置坐标为(-qBmvsin20，0)（2）因为T=02vR=qBm2所以粒子在磁场中运动的时间，t＝qBmT)(222217．解：由题图得，皮带长s=30sinh=3m(1)工件速度达v0前，做匀加速运动的位移s1=vt1=102tv达v0后做匀速运动的位移s-s1=v0（t-t1）解出加速运动时间t1=0.8s加速运动位移s1=0.8m所以加速度a=10tv=2.5m/s2工件受的支持力N=mgcosθ从牛顿第二定律，有μN-mgsinθ=ma解出动摩擦因数μ＝23(2)在时间t1内，皮带运动位移s皮=v0t=1.6m在时间t1内，工件相对皮带位移s相=s皮-s1=0.8m在时间t1内，摩擦发热Q=μN·s相=60J工件获得的动能Ek=21mv02=20J工件增加的势能Ep＝mgh＝150J电动机多消耗的电能W=Q+Ek十Ep=230J18、①由222mmBLvPmgvrR可求得vm，②由212mPtmghQmv，解得h，BLhqrR