四川省泸州市泸县第四中学2019届高三物理三诊模拟试题（含解析）

四川省泸州市泸县第四中学2019届高三物理三诊模拟试题（含解析）1.一辆汽车在平直的公路上以大小为的加速度刹车，经2s停止，则在停止前的1s内，汽车的平均速度的大小为A.B.C.D.【答案】D【解析】【详解】将汽车的运动看成沿相反方向的初速度为零的匀加速运动，则汽车刹车后最后1s内通过的位移即为反向的初速度为0的匀加速运动第1s内的位移，即：x=at2=×6×12m=3m；则在停止前的1s内，汽车的平均速度的大小为，故选D。2.如图所示，质量为M的斜面体上有一个质量为m的滑块正沿斜面匀速下滑，滑块下滑过程中，斜面体始终保持静止，在此过程中（）A.斜面体对滑块的作用力斜向右上方B.斜面体对滑块的作用力竖直向上C.地面对斜面体的摩擦力水平向右D.地面对斜面体的摩擦力水平向左【答案】B【解析】【详解】对滑块受力分析可知，受到向下的重力，沿斜面向上的摩擦力和垂直斜面向上的支持力，因滑块处于平衡状态可知斜面对滑块的支持力和摩擦力的合力方向竖直向上，即斜面体对滑块的作用力竖直向上，选项B正确，A错误；由牛顿第三定律可知，滑块对斜面体的作用力竖直向下，可知对斜面体而言，水平方向受力为零，即地面对斜面体无摩擦力的作用，选项CD错误；故选B.3.甲、乙两物体同时从同一位置开始做直线运动，其运动的v-t图象如图所示，在0~t0时间内下列说法正确的是（）A.甲的位移大于乙的位移B.甲的加速度先增大后减小C.甲的平均速度等于乙的平均速度D.t0时刻甲、乙相遇【答案】A【解析】【详解】A.v-t图的面积代表位移，所以甲的位移大于乙的位移，A正确B.v-t图的斜率代表加速度，甲的斜率一直减小，所以加速度一直减小，B错误C.时间相同，但甲的位移大，所以甲的平均速度大，C错误D.从同一位置开始做直线运动，但是甲的位移大，所以t0时刻甲在前，D错误4.如图所示，一重物用轻绳悬挂于天花板上，用始终与轻绳垂直的力F缓慢拉动重物，直至轻绳水平，用T表示轻绳拉力的大小，则在缓慢拉动重物的过程中（）A.F逐渐变小，T逐渐变大B.F逐渐变大，T逐渐变小C.F逐渐变小，T先变大后变小D.F逐渐变大，T先变小后变大【答案】B【解析】【详解】力F始终与轻绳垂直，设绳的拉力为T，绳与竖直方向夹角为，受力分析可以得到：，，随着角度增大，F逐渐变大，T逐渐变小，故ACD错误，B正确5.如图，匀强磁场中，一单匝矩形金属线框绕与磁感线垂直的转轴匀速转动，线框中产生的交变电动势瞬时值随时间变化的规律为e＝20sinl00πtV。下列说法正确的是A.该线框转动的频率是100HzB.该线框产生的交变电动势最大值是20VC.t＝0.005s时刻，线框平面与中性面重合D.t＝0.05s时刻，穿过线圈的磁通量变化率为0【答案】D【解析】该线框转动的频率是，选项A错误；该线框产生的交变电动势最大值是20V，选项B错误；t＝0.005s时刻，线框转过的角度为l00π×0.005=，此时平面与中性面垂直，选项C错误；t＝0.05s时刻，电动势的瞬时值为0，此时穿过线圈的磁通量变化率为0，选项D正确；故选D.6.某国际天文研究小组观测到了一组双星系统，它们绕二者连线上的某点做匀速圆周运动，双星系统中质量较小的星体能“吸食”质量较大的星体的表面物质，达到质量转移的目的．根据大爆炸宇宙学可知，双星间的距离在缓慢增大，假设星体的轨道近似为圆，则在该过程中()A.双星做圆周运动的角速度不断减小B.双星做圆周运动的角速度不断增大C.质量较大的星体做圆周运动的轨道半径减小D.质量较大的星体做圆周运动的轨道半径增大【答案】AD【解析】试题分析：根据双星的运动的角速度向心力大小相等有：，，联立可得：，，所以A、D正确；B、C错误。考点：本题考查天体运动7.相距很近的一对带等量异种电荷的平行金属板，它们之间的电场除边缘外，可看做是匀强电场，其电场线分布如图所示．一个带粒子只在电场力作用下沿图中轨迹穿过该电场，则从a运动到d的过程中，下列说法正确的是()A.粒子的速度一定在增大B.粒子带负电C.粒子在a点的电势能大于d点电势能D.粒子的加速度先变大再不变后变小【答案】CD【解析】根据板间粒子轨迹的偏转方向可知，粒子带正电。由于电场力的方向与电场线的切线方向相同，从图中可以看出粒子在a点时速度的方向与电场线的方向之间的夹角大于90度，所以在a点的附近，电场力做负功，所以粒子的动能先减小。故AB错误；根据顺着电场线方向电势降低，从图中可得，a点的电势一定高于d点的电势，正电荷在a点的电势能大于在d点的电势能。故C正确；电场线的疏密表示电场的强弱，从图中可知，b点附近的电场线最密，且板间可认为是匀强电场，所以b点的场强最大，大于a点和d点的场强，所以粒子在a到d的过程中，受到的电场力先增大，再不变，后减小，根据牛顿第二定律，粒子的加速度先增大，再不变，后减小。故D正确。故选CD。点睛：该题考查电场线的特点，以及电场力做功与动能、电势能之间的关系．图中可以看出粒子在a点时速度的方向与电场线的方向之间的夹角大于90度是解题的关键．8.如图甲所示，abcd是位于竖直平面内的正方形闭合金属线框，金属线框的质量为m，电阻为R，在金属线框的下方有一匀强磁场区域，MN和PQ是匀强磁场区域的水平边界，并与线框的bc边平行，磁场方向垂直于线框平面向里。现使金属线框从MN上方某一高度处由静止开始下落，如图乙是金属线框由开始下落到bc刚好运动到匀强磁场PQ边界的v―t图象，图中数据均为已知量。重力加速度为g，不计空气阻力。下列说法正确的是：（）。A.金属线框刚进人磁场时感应电流方向沿adcba方向B.磁场的磁感应强度为C.金属线框在0~t3的时间内所产生的热量为D.MN和PQ之间的距离为【答案】BC【解析】试题分析：由楞次定律可知，金属线框刚进人磁场时感应电流方向沿abcda方向，选项A错误；由图线可看出，线圈的bc边进入磁场时即做匀速运动，此时满足，其中，解得，选项B正确；金属线框在0~t3的时间内所产生的热量等于从t1~t2过程中产生的热量，即机械能的减少量W=Q=，选项C正确；线框的宽度为，所以MN和PQ之间的距离大于，选项D错误。考点：法拉第电磁感应定律；物体的平衡及v-t图线。9.利用如图所示装置来验证机械能守恒定律，已知物体A和B的质量分别为M和m，分别系在一条跨过光滑定滑轮的轻质细绳两端(Mm），其中1、2是两个光电门。将AB由静止释放；已知当地的重力加速度为g。（1）实验研究的对象是____（选填“A”或者“B”或者“AB”）（2）实验中除了记录物体B通过两光电门时的速度v1、v2外，还需要测量的物理量是____．（写出该物理量的名称及符号）（3）用已知量和测量量写出验证机械能守恒的表达式：____．【答案】(1).AB(2).两个光电门之间的距离h(3).【解析】【详解】（1）这个实验的原理是要验证M、m的增加的动能和M、m减少重力势能是不是相等，所以需要选择A与B组成的系统为研究的对象．（2）这个实验的原理是要验证M、m的增加的动能和M、m减少重力势能是不是相等，所以我们要测量的物理量有：物块的质量mA、mB；物块B下落的距离h（或物块A上升的距离h）．所以还需要测量的物理量是：两个光电门之间的距离h．（3）B下降h的同时，A上升h，它们的重力势能的变化：△EP=（M-m）gh；A与B动能的变化：(M−m)gh＝(M+m)(v22-v12)需要验证的是：（M-m）gh=（M+m）（v22-v12）【点睛】该题需要验证M与m的机械能守恒，所以要选择A与B组成的系统为研究的对象，需要验证的是系统重力势能的改变量大小与系统动能的改变量大小相同．10.某物理兴趣小组准备探究某种元件Q(4V，2W)的伏安特性曲线，现有下列器材：A．电压表V1（0～5V，内阻约10kΩ）B．电压表V2（0～10V，内阻约20kΩ）C．电流表A（0～0.6A，内阻约0.4Ω）D．滑动变阻器R1（5Ω，1A）E．滑动变阻器R2（500Ω，0.2A）F．直流电源E（6V，内阻约1Ω）①实验中为使实验误差尽量减小，要求电压表示数从零开始变化且多取几组数据，电压表应选用_________，滑动变阻器应选用________。（选填选项的字母）②请将图中的实物连线补充完整_________________________________。③检查实验电路连接正确，然后闭合开关，移动变阻器滑动片，发现电流表和电压表的示数始终为零。在不断开电路的情况下，检查电路故障，应该使用多用电表的______(选填“欧姆档”，“电流档”或“电压档”)，检查过程中将多用电表的黑表笔与电流表“－”接线柱接触,红表笔依次与电压表和电流表的“+”接线柱接触时，多用电表指针都发生较大角度的偏转，若导线及与接线柱接触良好，说明电路中发生断路故障的元器件是_______(选填“电流表”，“电压表”或“元件Q”)。【答案】(1).A；(2).D；(3).(4).电压档；(5).电流表；【解析】①待测元件额定电压为4V，则电压表应选A；为保证安全，方便实验操作，滑动变阻器应选：D．②实验要求电压表示数从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法；，电流表内阻为0.4Ω，电压表内阻为10kΩ，电压表内阻远大于待测电阻阻值，电流表应采用外接法，实验电路图如图所示：③实验电路连接正确，闭合开关，调节滑动变阻器滑动头，发现电流表和电压表指针始终不发生偏转，说明电路存在断路．在不断开电路的情况下，应该使用多用电表直流电压挡检查电路故障；检查过程中将多用表的红，黑表笔与电流表“+”，“-”接线柱接触时，多用电表指针发生较大角度的偏转，说明电路故障是电流表断路．点睛：在选择电流表与电压表时要注意保证流过表的电流或电压要大于1/3量程，这样可以减少读数误差，在选择电路结构时，实验要求电压表示数从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法。11.如图甲所示，一质量为M的长木板静置于光滑水平面上，其上放置一质量为m的小滑块．木板受到水平拉力F作用时，用传感器测出长木板的加速度a与水平拉力F的关系如图乙所示，重力加速度g＝10m/s2，（1）小滑块的质量为多少？（2））当水平拉力F＝7N时，长木板的加速度大小为多大？【答案】(1)(2)【解析】【分析】当拉力较小时，m和M保持相对静止一起做匀加速直线运动，当拉力达到一定值时，m和M发生相对滑动，结合牛顿第二定律，运用整体和隔离法分析。解：（1）当F等于6N时，加速度为：a＝2m/s2对整体由牛顿第二定律有：F＝(M＋m)a代入数据解得：M＋m＝3kg当F大于6N时，根据牛顿第二定律得：长木板的加速度，知图线的斜率解得：M＝1kg滑块的质量为：m＝2kg（2）F大于6N时a＝F－20μ代入题图数据即得：μ＝0.2所以a＝F－4当F＝7N时，长木板的加速度为：a1＝3m/s212.如图所示，在xOy平面内，以O′(0，R)为圆心，R为半径的圆内有垂直平面向外的匀强磁场，x轴下方有垂直平面向里的匀强磁场，两区域磁感应强度大小相等．第四象限有一与x轴成45°角倾斜放置的挡板PQ，P，Q两点在坐标轴上，且O，P两点间的距离大于2R，在圆形磁场的左侧0y2R的区间内，均匀分布着质量为m，电荷量为＋q的一簇带电粒子，当所有粒子均沿x轴正向以速度v射入圆形磁场区域时，粒子偏转后都从O点进入x轴下方磁场，结果有一半粒子能打在挡板上．不计粒子重力，不考虑粒子间相互作用力．求：(1)磁场的磁感应强度B的大小；(2)挡板端点P的坐标；(3)挡板上被粒子打中的区域长度．【答案】（1）(2)(3)【解析】试题分析：（1）（8分）设一粒子自磁场边界A点进入磁场，该粒子由O点射出圆形磁场，轨迹如图甲所示，过A点做速度的垂线长度为r,C为该轨迹圆的圆心.连接AOˊ、CO，可证得ACOOˊ为菱形，根据图中几何关系可知：粒子在圆形磁场中的轨道半径r=R，（3分）由（3分）得：（2分）（2）（4分）有一半粒子打到挡板上需满足从O点射出的沿x轴负方向的粒子、沿y轴负方向的粒子轨迹刚好与挡板相切，如图乙所示，过圆心