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四川省泸县第四中学2019届高三二诊模拟理综-物理试题1.一质量为m的铁球在水平推力F的作用下，静止在倾角为θ的斜面和竖直墙壁之间，铁球与斜面的接触点为A，推力F的作用线通过球心O，如图所示，假设斜面、墙壁均光滑．若水平推力缓慢增大，则在此过程中（）A.斜面对铁球的支持力缓慢增大B.斜面对铁球的支持力不变C.墙对铁球的作用力大小始终等于推力FD.墙对铁球的作用力大小始终大于推力F【答案】B【解析】试题分析：对球受力分析，然后根据共点力平衡条件，运用正交分解法，结合几何关系分析求解．对小球受力分析，受推力F、重力G、墙壁的支持力N、斜面的支持力，如图根据共点力平衡条件，有：x方向，竖直方向，解得，故当F增加时，斜面的支持力为，保持不变，故A错误B正确；故当F增加时，墙壁对铁球的作用力不断变大，为，故CD错误；【点睛】关键是灵活选择研究对象，本题不宜采用整体法．分析受力，作力图仍是处理平衡问题的基础．2.甲醛对人体的危害非常严重，因此装修房屋时检测甲醛污染指数非常重要。“创新”小组的同学们设计了甲醛监测设备，原理如图甲所示。电源电压恒为3V，R0为10Ω的定值电阻，R为可以感知甲醛污染指数的可变电阻，污染指数在50以下为轻度污染，50～100间为中度污染，100以上为重度污染，以下分析正确的是（）A.电压表示数为1V时，属于重度污染B.污染指数越小，电压表示数越大C.污染指数越大，电路中消耗的总功率越小D.污染指数为50时，电压表示数为2.5V【答案】A【解析】电压表示数为1V时，电路中电流，可变电阻两端电压UR=U-U0=3V-1V=2V，根据欧姆定律可得：可变电阻连入电路中的阻值，由图象可知，电阻为20Ω时，污染指数为150，属于重度污染，故A正确；由图象可知，污染指数越小，可变电阻的阻值越大，根据串联电路的分压特点可知，可变电阻分担的电压越大，则定值电阻分担的电压越小，即电压表示数越小，故B错误；由图象可知，污染指数越大，可变电阻的阻值越小，电路总电阻越小，根据可知，电源电压不变，总电阻越小，总功率越大，故C错误；由图象可知，污染指数为50时，可变电阻连入电路中的阻值为50Ω，根据串联电路的分压特点：，即，解得：R0两端电压U0=0.5V，即电压表示数为0.5V，故D错误．故选A．点睛：此题主要考查的是学生对欧姆定律、串联电路的分压特点的理解和掌握，读懂图象是解决此题的关键．3.真空中两个固定点电荷之间的静电力大小为F，现将其中两点电荷的电荷量均变为原来的3倍，其他条件不变，它们之间的静电力大小变为（）A.B.C.3FD.9F【答案】D【解析】电量改变之前：；当两个的电荷量均变为原来的3倍时：，故D正确，ABC错误；故选D.4.小陈在地面上从玩具枪中竖直向上射出初速度为v0的塑料小球，若小球运动过程中受到的空气阻力与其速率成正比，小球运动的速率随时间变化的规律如图所示，t1时刻到达最高点，再落回地面，落地速率为v1，下列说法中正确的是（）A.小球上升过程中的平均速度大于B.小球下降过程中的平均速度小于C.小球射出时的加速度值最大，到达最高点的加速度值为0D.小球的加速度在上升过程中逐渐减小，在下降过程中也逐渐减小【答案】BD【解析】【详解】（1）上升过程若是匀减速直线运动，其平均速度为，而从图中可以看出其面积小于匀减速直线运动的面积，即小球实际上升的位移小于做匀减速上升的位移，而平均速度等于位移与时间之比，故其平均速度小于匀减速运动的平均速度，即小于，故A错误；同理，在下降过程中，小球的平均速度大于，故B错误；（2）小球刚射出时速度最大，由牛顿第二定律可知，，则加速度最大，当小球到达最高点时，速度恰好为零，此时加速度等于g，故C错误；（3）在上升过程中，速度逐渐减小，由可知，加速度逐渐减小；在下降过程中，速度逐渐增大，由，加速度逐渐减小。D正确；故本题正确答案选D。【点睛】由速度图象的“面积”表示位移来分析它与匀变速直线运动平均速度的关系。由小球受到的空气阻力与速率成正比，根据牛顿第二定律分析上升和下降阶段的加速度变化。5.如图所示，在垂直于纸面、范围足够大的匀强磁场中，有一个矩形线圈abcd，线圈平面与磁场垂直，O1O2和O3O4都是线圈的对称轴，应使线图怎样运动才能使其产生感生电流（）A.向左平动B.绕O1O2转动C.向上平动D.向下平动【答案】B【解析】【详解】由于磁场为匀强磁场，无论线圈在平面内如何平动，其磁通量都不变化，因此不会产生感应电流，故ACD错误；当线圈绕O1O2转动时，磁通量将发生变化，如转过90°时磁通量为零，因此有感应电流产生，故B正确。故选B。【点睛】根据产生感应电流的条件判断线圈中是否有感应电流产生是电磁感应中的基本要求，要把握实质问题，不要受其它条件的干扰．6.如图所示，某同学将一块橡皮用光滑细线悬挂于O点，用一枝铅笔贴着细线中点的左侧以速度v水平向右匀速移动.则在铅笔移动到图中虚线位置的过程中（）A.细线绕O点转动的角速度变小B.细线绕O点转动的角速度不断增大C.橡皮的运动轨迹为曲线D.橡皮处于超重状态【答案】ACD【解析】根据运动的合成与分解，则有，垂直绳子方向的速度为：v⊥=vcosθ而半径为，那么角速度为：，而θ逐渐增大，因此角速度减小，故A正确，B错误；由图，并结合几何关系，则有：v绳=vsinθ，因v不变，当θ逐渐增大，因此绳子速度增大，向上加速；依据运动的合成，可知，橡皮的运动轨迹为曲线，而处于超重状态，故CD正确；故选ACD．7.如图所示．在光滑绝缘水平面上有一半径为R的圆，AB是一条直径，∠=30°，空间有匀强电场．方向与水平面平行．在圆上A点有—发射器，以相同速率v向各个方向发射质量为m，电荷量为e的电子．圆形边界上的各处均有电子到达，其中到达B点的电子速度恰好为零．不计电子的重力和电子间的相互作用，下列说法正确的是（）A.电场的方向由B指向AB.电场强度的大小为C.到达E点电子的速率为D.到达C点的电子电势能比到达E点的电子电势能大【答案】BC【解析】电子做减速直线运动时速度才会减小为零，故电子沿AB方向运动做减速运动时恰好到达B点，电子受到的电场力方向和电场方向相反，所以电场方向从A到B，A错误；根据动能定理可得，解得，B正确；根据几何知识可得，而，故可得，AE间的电势差为，根据动能定理可得，解得，C正确；AC在沿电场方向上的距离小于AE沿电场方向上的距离，故克服电场力较少，所以到C点的电势能的增加量小于到E点时电势能的增加量，故到达C点的电子电势能比到达E点的电子电势能小，D错误．8.如图所示，A、B、C、D为匀强电场中相邻的等势面，一个电子垂直经过等势面D时的动能为20eV，经过等势面C时的电势能为－10eV，到达等势面B时的速度恰好为零，已知相邻等势面间的距离为5cm，不计电子的重力，下列说法中正确的是（）A.电子再次经过D等势面时，动能为10eVB.电子的运动是匀变速曲线运动C.C等势面的电势为10VD.匀强电场的场强为200V/m【答案】CD【解析】因为过程中只有电场力做功，动能和电势能相互转化，所以动能与电势能之和保持不变，电子再次经过D等势面时，动能仍为20eV，A错误；过程中只受电场力，而电场是匀强电场，所以电场力恒定，又知道电场线方向和等势面垂直，故电场力方向和粒子速度方向共线，所以粒子做匀变速直线运动，B错误；根据公式可知，C正确；由于相邻等势面间是等差等势面，所以粒子经过相邻等势面时，动能的变化量相同，在D点时动能为20eV，而到B点时动能为零，所以在C点时动能为10eV，而在C点时电势能为-10eV，所以粒子的总能量为零，故在B点时的电势能为0，即B点电势为零，所以，故匀强电场强度为，D正确．三、非选择题：本卷包括必考题和选考题两部分。第22~32题为必考题，每个试题考生都必须作答。第33~38题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题（共129分）9.在探究物体的加速度a与物体所受外力F、物体质量M间的关系时，实验器材按如图所示安装完毕．小车及车中的砝码质量用M表示，盘及盘中的砝码质量用m表示．（1）实验装置或操作过程需要调整的是____________（写出一项即可）；（2）当M与m的大小关系满足_________时，才可以认为绳子对小车的拉力大小等于盘和砝码的重力．（3）如果在砝码盘与细绳间连接一个力传感器测量小车受到的拉力，实验中是否必须满足砝码盘与盘中砝码的总质量远小于小车的质量？_______（选填“是”或“否”）（4）某一组同学先保持盘及盘中的砝码质量m一定来做实验，以下操作正确的是________．A．平衡摩擦力时，应将盘及盘中的砝码用细绳通过定滑轮系在小车上B．每次改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力C．实验时，先放开小车，再接通打点计时器的电源D．用天平测出m以及小车质量M，小车运动的加速度可直接用公式求出【答案】(1).（1）①打点计时器使用干电池；②细绳与木板不平行；③小车初始位置离打点计时器太远（任选一个）(2).（2）m≪M(3).（3）否(4).（4）B【解析】【详解】（1）实验装置或操作过程需要调整的是：①打点计时器使用干电池；②细绳与木板不平行；③小车初始位置离打点计时器太远（任选一个）；（2）根据牛顿第二定律得：对m：mg-F拉=ma，对M：F拉=Ma，解得：；当M＞＞m时，即当砝码和盘的总重力要远小于小车的重力，即m≪M，绳子的拉力近似等于砝码和盘的总重力．（3）如果在砝码盘与细绳间连接一个力传感器测量小车受到的拉力，则不需要用砝码盘与盘中砝码的重力代替绳子的拉力，所以不需要满足砝码盘与盘中砝码的总质量远小于小车的质量。（4）平衡摩擦力时，应将绳从小车上拿去，轻轻推动小车，使小车沿木板运动，通过打点计时器打出来的纸带判断小车是否匀速运动．故A错误．每次改变小车的质量时，小车的重力沿斜面分力和摩擦力仍能抵消，不需要重新平衡摩擦力．故B正确．实验时，应先放开小车，再接通打点计时器电源，由于小车运动较快，可能会使打出来的点很少，不利于数据的采集和处理．故C错误．小车运动的加速度是利用打点计时器测量，如果用天平测出m以及小车质量M，直接用公式a=mg/M求出，这是在直接运用牛顿第二定律计算的，而我们实验是在探究加速度与物体所受合外力和质量间的关系．故D错误．故选B．【点睛】教科书本上的实验，我们要从实验原理、实验仪器、实验步骤、实验数据处理、实验注意事项这几点去搞清楚．尤其是关键的实验步骤，例如平衡摩擦力：为什么要平衡摩擦力？怎样平衡摩擦力？每次改变小车的质量后还是否要平衡摩擦力？必须都要搞清楚.10.实验小组用如图电路测量一表头刻度清晰但数值标度模糊的直流电流表的量程和内阻。所给的器材有：电池E(电动势约4.5V)；待测电流表A(量程约0～300mA，内阻约为5Ω)；电压表V(量程0～3V)；电阻箱R1；滑动变阻器R2(0～10Ω)；电键S和导线若干。（1）请完成主要实验的步骤：A．连接好实验电路，把变阻器的滑动片调到最左端，电阻箱阻值调为0；B．闭合电键，调节变阻器的滑动片，使电流表指针满偏，记录电压表V的读数U；C．逐渐增大电阻箱的阻值，同时_______（选填“向左”、“向右”）调节变阻器的滑动片，使电流表的指针保持________，记录几组电阻箱的阻值R和电压表V的读数U。（2）根据多次测得的数据作出电压表读数U随电阻箱阻值R变化的U—R图线，若图线的斜率为k，在U轴上的截距为b，则电流表的量程为________，内阻为_________。（3）不考虑偶然误差，只考虑电表内阻可能造成的系统误差，则与真实值相比，电流表内阻的测量值________（选填“偏大”、“偏小”、“相等”）。【答案】(1).向右；(2).满偏；(3).k；(4).；(5).相等；【解析】:（1）由电路图可以知道,滑动变阻器采用分压接法,为保护电路,闭合开关前滑片应置于左端;然后应该逐渐向右移动变阻器电压表的示数从小到大变化，并保证电流表的指针保持满偏。（2）电阻箱和电流表串联,由得：所以图像的斜率代表了满偏电流，即量