四川省泸州市泸县第四中学2018-2019学年高二物理下学期期中试题（含解析）

四川省泸州市泸县第四中学2018-2019学年高二物理下学期期中试题（含解析）一．选择题：1.钍具有放射性，它能放出一个新的粒子而变为镤，同时伴随有γ射线产生，其方程为，钍的半衰期为24天．则下列说法中正确的是()A.x为质子B.x是钍核中的一个中子转化成一个质子时产生的C.γ射线是镤原子核外电子跃迁放出的D.1g钍经过120天后还剩0.2g钍【答案】B【解析】【详解】（1）根据电荷数和质量数守恒知钍核衰变过程中放出了一个电子，即X为电子，故A错误；（2）β衰变的实质：β衰变时释放的电子是由核内一个中子转化成一个质子同时产生的，即故B正确；（3）γ射线是镤原子核放出的，故C错误；（4）钍的半衰期为24天，1g钍经过120天后，发生5个半衰期，1g钍经过120天后还剩0.03125g，故D错误；故本题正确答案选B。2.如图甲所示，有一个等腰直角三角形的匀强磁场区域，其直角边长为L，磁场方向垂直纸面向外，磁感应强度大小为B。一边长为L、总电阻为R的正方形导线框abcd，从图示位置开始沿x轴正方向以速度υ匀速穿过磁场区域。取沿abcda的感应电流为正，则图中表示线框中电流i随bc边的位置坐标x变化的图象正确的是()A.B.C.D.【答案】C【解析】导线框进入磁场前感应电流为零，进入磁场后导体切割磁感线时产生感应电动势，大小与导体棒的有效长度成正比。在导体框向左运动到全部进行磁场过程中，导体棒的有效长度在增大。电动势和电流增大，有楞次定律判断电流为正方向，当金属框完全进入磁场后，切割磁场的有效长度在增大，线框左边切割磁感线，由楞次定律可判断电流为负方向，电流中的电流方向也与原来的方向相反。所以答案为C3.如图，两个质量均为m的小木块a和b（可视为质点）沿半径方向放在水平圆盘上用细线相连，a与转轴OO′的距离为l，b与转轴的距离为2l．木块与圆盘的最大静摩擦力为木块所受重力的k倍，重力加速度大小为g．若圆盘从静止开始绕转轴缓慢地加速转动至两物体刚好未发生滑动，ω表示圆盘转动的角速度，下列说法正确的是A.细线中的张力等于kmgB.是细线刚好绷紧时的临界角速度C.剪断细线后，两物体仍随圆盘一起运动D.当时，a所受摩擦力的大小为kmg【答案】B【解析】两物体刚好未发生滑动时AB与圆盘之间的摩擦都达到最大，则对A：；对B:，联立解得：，选项A错误；细线刚好绷紧时，b与圆盘之间的摩擦达到最大，则由kmg=m∙2lω2可得，此时细线中的张力为零；选项B正确；当时，a所受摩擦力的大小为，选项D错误；剪断细线后，A物体仍随圆盘一起运动，但是B物体所受的合力减小，将做离心运动，选项C错误；故选B.点睛：本题的关键是正确分析木块的受力，明确木块做圆周运动时，静摩擦力提供向心力，把握住临界条件：静摩擦力达到最大，物块开始发生相对滑动．4.如图所示，紫铜做的圆盘水平放置在竖直向下的匀强磁场中，圆盘圆心处固定一个摇柄，边缘和圆心处各与一个黄铜电刷紧贴，用导线将电刷与电流表连接起来形成回路。转动摇柄，使圆盘以ω角速度逆时针匀速转动，下列说法正确的是()A.回路中不会产生感应电流B.回路中会产生电流大小不变、方向变化的感应电流C.回路中电流的大小和方向都周期性变化，周期为D.回路中电流方向不变，从b导线流进电流表【答案】D【解析】铜盘转动产生的感应电动势为：E=BL2ω/2，B、L、ω不变，E不变，电流：I=E/R=BL2ω/2R，电流大小恒定不变，由右手定则可知，回路中电流方向不变，从b导线流进电流表，故ABC错误，D正确；故选：D。【名师点睛】圆盘转动可等效看成无数轴向导体切割磁感线，有效切割长度为铜盘的半径L，根据感应电动势公式分析电动势情况，由欧姆定律分析电流情况；根据右手定则分析感应电流方向。5.质量为m＝2kg的物块静止放置在粗糙水平地面O处，物块与水平面间的动摩擦因数μ＝0.5，在水平拉力F作用下物块由静止开始沿水平地面向右运动，经过一段时间后，物块回到出发点O处，取水平向右为速度的正方向，如图a所示，物块运动过程中其速度v随时间t变化规律如图b所示，重力加速度g取10m/s2，则下列说法不正确．．．．．．．的是()A.物块经过4s时间离出发点最远B.第3s内物体的位移为2.5mC.在3.5s至4.5s的过程，物块受到的水平拉力不变D.4.5s时刻水平力F的大小为16N【答案】C【解析】A、由v-t图像可知，0-4s，物块向右运动，4s以后，物块向左运动，所以，物块经过4s时间离出发点最远，A正确；B、第3秒内，物块速度从2m/s均匀增加到3m/s，位移为，B正确；C、物块在3s∼4s内的加速度：a1=△v1/△t1=-3m/s2，由牛顿第二定律得，F1-μmg=ma1，解得：F1=4N；物块在4s∼5s内的加速度：a2=△v2/△t2=−3m/s2，由牛顿第二定律得：F2+μmg=ma2，解得：F2=-16N，C错误、D正确。本题选择错误答案，故选：C。6.一滑块从固定的斜面底端冲上粗糙的斜面，到达某一高度后返回斜面底端。下列各图分别表示滑块在斜面上运动的速度v、动能Ek、重力势能EP、机械能E随时间t或x（偏离出发点的距离）变化的图象，选斜面底端为零势能面，则下列图象可能正确的是（）A.B.C.D.【答案】AB【解析】滑块在斜面上运动过程中，由于存在摩擦力，机械能不断减小，经过同一点时下滑的速度小于上滑的速度，回到出发点时的速度比出发时的初速度小，故A正确；上滑时，根据动能定理，有：-（mgsinθ+f）x=Ek-Ek0，下滑时，根据动能定理，有：（mgsinθ-f）x=Ek，故B正确，Ek-x图象是直线，上滑时图象的斜率绝对值大，故B正确；在上滑过程中：上滑的位移大小为：x1=v0t-a1t2，重力势能为：EP=mgx1sinα=mgsinα（v0t-a1t2），EP-t图象为抛物线，下滑过程：重力势能为：EP=mg[H-a2（t-t0）2sinα]，H为斜面的最大高度，t0是上滑的时间，此为开口向下的抛物线方程，故C错误；由于物体克服摩擦力做功，其机械能不断减小，根据功能关系得：E=E0-f1x，返回出发点时的机械能不为零，故D错误；故选AB.点睛：本题采用定性分析与定量计算相结合的方法分析功能关系、运动与力关系，根据物理规律得到解析式，再选择物理图象．7.已知地磁场类似于条形磁铁产生的磁场，地磁N极位于地理南极。如图所示，在湖北某中学实验室的水平桌面上，放置边长为L的正方形闭合导体线框abcd，线框的ad边沿南北方向，ab边沿东西方向，下列说法正确的是A.若使线框向东平移，则a点电势比d点电势低B.若使线框向北平移，则a点电势等于b点电势C.若以ad边为轴，将线框向上翻转90°，则翻转过程线框中电流方向始终为adcb方向D.若以ab边为轴，将线框向上翻转90°，则翻转过程线框中电流方向始终为adcb方向【答案】AC【解析】A项：地磁场的竖直分量向下，若使线圈向东平动，地磁场的竖直分量向下，线圈的磁通量没有变化，没有感应电流产生，ad切割磁感线，产生感应电动势，a点的电势比d点的电势低，故A正确；B项：若使线圈向北平动，地磁场的竖直分量向下，ab切割磁感线，由右手定则可知，a点的电势比b点的电势高，故B错误；C项：若以ad边为轴，将线圈向上翻转900，线圈的磁通量向下减小，根据楞交定律可知线圈中感应电流方向为adcba，故C正确；D项：若以ab边为轴将线圈向上翻转，因地磁场方向沿向北斜向下的方向，则线圈的磁通量先增加后减小，根据楞次定律可知线圈中感应电流方向为先abcda，后adcba，故D错误。8.如图所示的电路中，E为电源，其内电阻为r，V为理想电压表，L为阻值恒为2r的小灯泡，定值电阻R1的阻值恒为r，R3为半导体材料制成的光敏电阻，电容器两极板处于水平状态，闭合开关S，电容器中心P点有一带电小球处于静止状态，电源负极接地，则下列说法正确的是A.若将R2的滑片上移，则电压表的示数变小B.若突然将电容器上极板上移，则小球在P点电势能增加C.若光照变强，则小球会向上运动D.若光照变强，则AB间电路的功率变大【答案】BD【解析】【详解】A．R2所在的支路连接有电容器，电容器在直流电路中为开路，所以改变R2的电阻对电路没有影响，电压表示数不变，A项错误。B．原来带电小球静止在极板间，重力与电场力相平衡，上极板电势高于下极板，电场强度方向向下，可知小球带负电；只将电容器上极板上移，电容器极板间的电压不变，极板间距增大，极板间电场强度减小，P点与下极板间的电势差减小，下极板接地，所以P点电势减小；结合电势能的表达式：可得，小球在P点电势能增加。B项正确。C．若光照变强，则光敏电阻的阻值减小，根据闭合电路的欧姆定律，可得电路电流增大，据：可知，AB间电压减小，电容器极板间的电压减小，极板间电场强度减小，小球所受的电场力变小，小球向下运动。C项错误。D．将R1看成电源的内阻，等效电源的内阻：；当外电阻等于内电阻时，电源输出功率最大；开始时由于等效电源的外电阻：，光照变强，等效外电阻变小，结合输出功率与外电阻的变化图像，等效电源的输出功率变大，即AB间电路的功率逐渐变大。D项正确．二、非选择题9.如图甲所示为“测量小车与水平桌面之间的动摩擦因数”的实验装置，带滑轮的长木板水平固定，跨过小车上的光滑定滑轮的两根细线均处于水平．(1)某个实验小组在实验中得到一纸带如图乙，A、B、C、D、E为5个相邻的计数点，相邻的两个计数点之间还有四个点未画出．已知打点计时器的工作频率为50Hz，根据纸带数据，可求出小车的速度a=________m/s(结果保留2位有效数字)．该小组想针对小车列牛顿第二定律方程求出动摩擦因数，则还需要测定_____________（写出物理量名称及对应的字母）。若读出拉力传感器的示数为F，则小车与水平桌面间的动摩擦因数μ=_________（用a、F、当地重力加速度g和上述测定的物理量表示,忽略其他阻力作用）.（2）另一实验小组分析了上述装置的特点，觉得不分析纸带，再测出砂和砂桶的质量m/也能利用牛顿第二定律求出该动摩擦因数，这种求法的表达式是μ=__________（用a、F、m/、当地重力加速度g和上述（1）中测定的物理量表示，忽略其他阻力作用）【答案】(1).0.40;(2).小车的质量m;(3).;(4).;【解析】(1).根据，小车的加速度大小(2)对小车，根据牛顿第二定律可得，解得，求动摩擦因数时，则还需要测定小车的质量m；(3)对砂和砂桶，根据牛顿第二定律可得，代入可得。10.某同学要测量一个量程为0~5mA的毫安表的内阻。可供选择的器材有：A．电源E（电动势3V，内阻较小）B．多用电表C．电阻箱R1（999.9Ω）D．滑动变阻器R（最大阻值1×103Ω）E.开关和导线若干a.该同学先用多用电表的欧姆×100Ω档粗测电阻，指针偏转如图所示，则毫安表的电阻为___________b.为了更精确的测量毫安表的电阻，该同学设计了如图所示的电路进行实验。其中多用表应选择____________（填“欧姆档”、“电压档”、“电流档”）连接后，该同学进行如下操作：①开关K1和K2均处于断开状态;②将滑动变阻器R和电阻箱R1调至最大值。闭合开关K2，调节滑动变阻器R，让毫安表达到满偏，此时多用表示数为X；③闭合开关K1,调节滑动变阻器R和电阻箱R1，让毫安表达到半偏，此时电阻箱的示数为R0，多用表的示数为Y。c.根据以上实验数据可知毫安表的内阻为RA=_____________，由此实验得到的毫安表内阻的测量值____________(选填“大于”、“小于”、“等于”)真实值。【答案】(1).450Ω；(2).电流档；(3).(2Y-X)R0/X；(4).等于；【解析】（1）由图所示可知，电阻阻值为4.5×100=450Ω。（2）为了更精确的测量毫安表的电阻，该同学设计了如图所示的电路进行实验。因为多用表串联在电路中，所以应选择电流档来测干路电流。（3）此测量毫安表内电阻的方案并不是采用的半偏法，由步骤②可知，电流表满偏电流