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四川省成都七中2018-2019学年高三（下）期初物理试卷一、单选题（本大题共4小题，共24.0分）1.物理关系式不仅反映了物理量之间的关系，也确定了单位间的关系如关系式，既反映了电压、电流和电阻之间的关系，也确定了伏与安和欧的乘积等效现有物理量单位：米、秒、牛、焦、瓦、库、法、安、欧和特，由他们组合成的单位都与电压单位伏等效的是A.和B.和C.和D.和【答案】B【解析】【分析】根据与电压有关的公式，分析其中物理量的单位，即可得出与电压单位伏等效的单位。【详解】由电场力做功的公式，知，所以单位与电压单位V等效，由知，可知是与电场强度的单位等效的，故A错误；由可知，是和电压单位V等效的，由可知，是和电压单位V等效的，故B正确；由可的，所以是和电压单位V等效的，由知，是力的单位，是与N等效的，故C错误；由可得，所以是和电压的单位等效的，由可知，是和力的单位牛顿等效的，故D错误。所以B正确，ACD错误。【点睛】对于物理中的公式一定要牢固的掌握住，根据公式就可以判断物理量的单位与哪些单位等效。2.如图所示，水平桌面上平放有一堆卡片，每一张卡片的质量均为m．用一手指以竖直向下的力压第1张卡片，并以一定速度向右移动手指，确保第1张卡片与第2张卡片之间有相对滑动．设最大静摩擦力与滑动摩擦力相同，手指与第1张卡片之间的动摩擦因数为，卡片之间、卡片与桌面之间的动摩擦因数均为，且有＞，则下列说法正确的是A.任意两张卡片之间均可能发生相对滑动B.上一张卡片受到下一张卡片的摩擦力一定向左C.第1张卡片受到手指的摩擦力向左D.最后一张卡片受到水平桌面的摩擦力向右【答案】B【解析】A、设每张的质量为m，动摩擦因数为μ2，对第2张分析，它对第3张卡片的压力等于上面两张卡片的重力及手指的压力，最大静摩擦力Fm=μ2•（2mg+F），而受到的第1张卡片的滑动摩擦力为f=μ2（mg+F）＜Fm，则第2张卡片与第3张卡片之间不发生相对滑动．同理，第3张到第4张卡片也不发生相对滑动．故A错误；B、根据题意，因上一张相对下一张要向右滑动，因此上一张卡片受到下一张卡片的摩擦力一定向左，故B正确，C、第1张卡片相对于手指的运动趋势方向与手指的运动方向相反，则受到手指的静摩擦力与手指的运动方向相同，即受到手指的摩擦力向右，故C错误．D、对53张卡片（除第1张卡片外）研究，处于静止状态，水平方向受到第1张卡片的滑动摩擦力，方向与手指的运动方向相同，则根据平衡条件可知：第54张卡片受到桌面的摩擦力方向与手指的运动方向相反，即水平向左．故D错误．故选B．【点睛】本题考查对摩擦力理解和判断能力．本题是实际问题，要应用物理基本知识进行分析，同时要灵活选择研究对象．3.如图所示，曲线Ⅰ是一颗绕地球做圆周运动卫星轨道的示意图，其半径为R，曲线Ⅱ是一颗绕地球做椭圆运动卫星轨道的示意图，O点为地球球心，AB为椭圆的长轴，两轨道和地心都在同一平面内：己知在两轨道上运动的卫星的周期相等，万有引力常量为G，地球质量为M，下列说法正确的是（）A.椭圆轨道的长轴长度为RB.卫星在Ⅰ轨道的速率为v0，卫星在Ⅱ轨道B点的速率为vB，则v0vBC.卫星在Ⅰ轨道的加速度大小为,卫星在Ⅱ轨道A点加速度大小为，则D.若OA=0.5R，则卫星在B点的速率【答案】C【解析】试题分析：根据开普勒定律比较长轴与R的关系，根据万有引力的大小，通过牛顿第二定律比较加速度，结合速度的大小比较向心加速度的大小．解：A、根据开普勒第三定律得=k，a为半长轴，己知卫星在两轨道上运动的卫星的周期相等，所以椭圆轨道的长轴长度为2R，故A错误；B、B点为椭圆轨道的远地点，速度比较小，v0表示做匀速圆周运动的速度，v0＞vB．故B错误；C、根据牛顿第二定律得a=，卫星在Ⅰ轨道距离地心的距离大于卫星在Ⅱ轨道A点距离地心的距离，所以a0＜aA，故C正确；D、若OA=0.5R，则OB=1.5R，人造卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，=v=，如果卫星以OB为轨道半径做匀速圆周运动，v==，在Ⅱ轨道上，卫星在B点要减速，做近心运动，所以卫星在B点的速率vB＜，故D错误；故选：C．【点评】本题考查万有引力定律、开普勒第三定律、牛顿第二定律等知识，知道卫星变轨的原理是解决本题的关键．4.太空飞船在宇宙空间中飞行时，会遇到太空尘埃的碰撞而受到阻碍作用。设单位体积的太空均匀分布着尘埃n颗，每颗尘埃平均质量为m，尘埃速度可忽略、飞船的横截面积为S，与尘埃碰撞后将尘埃完全黏附住。当飞船维持恒定的速率v飞行时，飞船引擎需要提供的平均推力为A.nmv2SB.nmv2SC.nmv2SD.nmv2S【答案】B【解析】以飞船为参照物，选择一和飞船横截面积相等的圆柱内的尘埃进行研究，则该圆柱内的尘埃相对飞船以速度v做匀速直线运动，在t时间内，由长度为x=vt，横截面积S，体积为V=vtS的尘埃柱碰到飞船上，尘埃柱内尘埃颗粒数目为N=nvtS,尘埃总质量为M=Nm=mnvtS,根据动量定理：Ft=Mv，联立解得：，故B正确。二、多选题（本大题共5小题，共29.0分）5.如图所示，相距为l的光滑平行金属导轨ab、cd放置在水平桌面上，阻值为R的电阻与导轨的两端a、c相连滑杆MN质量为m，垂直于导轨并可在导轨上自由滑动，不计导轨、滑杆以及导线的电阻整个装置放于竖直方向的匀强磁场中，磁感应强度的大小为滑杆的中点系一不可伸长的轻绳，绳绕过固定在桌边的光滑轻滑轮后，与另一质量也为m的物块相连，绳处于拉直状态现将物块由静止释放，当物块达到最大速度时，物块的下落高度，用g表示重力加速度，则在物块由静止开始下落至速度最大的过程中A.物块达到的最大速度是B.电阻R放出的热量为C.通过电阻R的电荷量是D.滑杆MN产生的最大感应电动势为【答案】ACD【解析】【分析】当棒子所受的安培力等于绳子拉力时，速度最大，根据平衡条件，结合闭合电路欧姆定律求出最大速度；根据能量守恒求出此过程中电阻R上放出的热量根据感应电荷量，求解通过R的电量根据求解滑杆MN产生的最大感应电动势。【详解】当时，速度最大，有：，则最大速度,故A正确；根据能量守恒得，，解故B错误；通过电阻R的横截面积的电荷量，故C正确；物块速度最大时，产生的感应电动势故D正确。所以ACD正确，B错误。【点睛】解决本题的关键知道当棒子所受的安培力和绳子拉力相等时，速度最大以及会根据能量守恒定律求出电阻R上消耗的热量。6.如图所示，轻质弹簧的一端固定在粗糙斜面的挡板O点，另一端固定一个小物块。小物块从位置（此位置弹簧伸长量为零）由静止开始运动，运动到最低点位置。然后在弹力作用下，上升到最高点位置（图中未标出）在此两过程中，下列判断正确的是（）A.下滑和上滑过程弹簧和小物块系统机械能守恒B.下滑过程物块速度最大值位置比上滑过程速度最大位置高C.下滑过程弹簧和小物块组成系统机械减小量比上升过程小D.下滑过程重力、弹簧弹力和摩擦力对物块做功总值等于上滑过程重力、弹簧弹力和摩擦力做功总值【答案】BD【解析】试题分析：由于斜面粗糙，物块运动过程中摩擦力做功，所以下滑和上滑过程弹簧和小物块系统机械能不守恒，A错误；当加速度为零时，速度最大，下滑过程中，受到沿斜面向上的弹力和摩擦力，沿斜面向下的重力的分力，当三力合力为零时，速度最大，即，上滑时受到沿斜面向上的弹力和向下的摩擦力以及沿斜面向下的重力的分力，当三力合力为零时，速度最大，即，两种情况下达到最大速度时，下滑时弹簧的形变量小于上滑时的形变量，所以下滑过程物块速度最大值位置比上滑过程速度最大位置高，B正确；因为全程摩擦力做负功，所以最高点位置要比位置低，即下滑过程中摩擦力做功大于上滑时摩擦力做的功，所以下滑过程中弹簧和小物块组成系统机械减小量比上升过程大，C错误；根据动能定理可得下滑过程重力、弹簧弹力和摩擦力对物块做功总值等于上滑过程重力、弹簧弹力和摩擦力做功总值，D正确；考点：考查了机械能守恒、功能关系【名师点睛】判断机械能守恒要看所研究的系统，是否收到除重力（或弹簧弹力）作用，或者看是否有除动能和势能之外的能量参与转化；物体的加速度为零时，速度最大，由此可判断出速度最大的位置；弹簧和小物块组成系统机械减小量等于克服摩擦力所做的功，因此通过判断克服摩擦力做功多少可以判断机械能的变化大小；根据功能关系可以可以判断下滑过程克服弹簧弹力和摩擦力做功总值与上滑过程克服重力和摩擦力做功总值的大小关系7.空间存在匀强电场，在电场中建立Oqyz空间坐标系如图所示，a、b、c三点分别在三个坐标轴上，距离原点O的距离，，d点在yOz平面上，且将带电荷量为的试探电荷从d点移到b点电场力做功为零，从a点移动到b点电场力做功，bO间电势差，由此可判断A.空间电场强度的方向沿x轴正方向B.空间电场强度的大小为C.cO间电势差D.电场中的等势面垂直于xOy平面【答案】BD【解析】【分析】试探电荷从d点移到b点电场力做功为零，说明匀强电场线垂直于db，且db在等势面上。根据bO间电势差求出电场强度大小。【详解】空间电场强度的方向只要垂直于db即可，故A错误；在xOy平面上的直角三角形aOb如图所示，a、b间电势差，bO间电势差，则原点O与ab中点电势相等，故过原点O作ab中点的连线Oe为等势线，三角形中a点电势最低，因此作Oe的垂线指向a即为xOy平面上的一条电场线，所以场强方向与x轴正方向成角，场强大小，故B正确；cO平行于db，故cO间电势差为0，故C错误；试探电荷从d点移到b点电场力做功为零，说明匀强电场线垂直于db，且db在等势面上，故电场中的等势面垂直于xOy平面，故D正确。所以BD正确，AC错误。【点睛】解答此题的关键是知道等势面与电场线垂直，会运用求解电场强度。8.如图所示传送带与水平面的夹角，皮带在电动机的带动下，始终保持一定的速度运行。现把一质量为的小物块，从皮带的底端A点以初速度滑上传送带，滑块在传送带上运动的图象如图所示规定向上为正，下列判断正确的有A.传送带以的速度顺时针转动B.沿传送带向下运动的过程中小物块机械能先增加后减少C.小物块在时刻又回到A点D.小物块上升过程中与传送带摩擦产生的热量为108J【答案】BD【解析】【分析】根据图象分析物块的运动情况，即可确定传送带的运动情况；分析摩擦力对物块做功情况，由功能原理分析其机械能的变化；由牛顿第二定律和运动学公式结合求解物块A点的时间；求出上升过程中，物块与传送带间的相对位移大小，由相对位移大小和滑动摩擦力大小相乘，得出产生的热量。【详解】根据图和题意可知：物块先向上做匀减速运动，后向下做匀加速运动，最后以速度匀速运动，则知回到A点前，速度与传送带相同，所以传送带以速度逆时针转动，故A错误；小物块在传送带上向下运动的过程中，传送带对物块的滑动摩擦力做正功，物块的机械能一直增大，当物块匀速后机械能减小，即先增大后减小，故B正确；设小物块在传送带上向下运动过程中，匀加速运动的时间为，匀速运动的时间为。则由图象的斜率可知物块的加速度大小为：；上滑的位移大小为：，匀加速到速度与传送带相同所用时间为：，位移为：，匀速运动的时间，则小物块又回到A点的时刻为：，故C错误；上升过程中，传送带的位移大小，所以物块与传送带的相对位移大小为，根据牛顿第二定律得：，得，所以小物块上升过程中与传送带摩擦产生的热量为，故D正确。所以BD正确，AC错误。【点睛】解决本题的关键理清物块在传送带上的运动规律，结合牛顿第二定律和运动学公式综合求解。9.如图，沿x轴正方向传播的一列简谐横波在某时刻的波形图为一正弦曲线，其波速为，下列说法中正确的是A.图示时刻质点b的加速度将增大B.图示时刻质点a的速度为C.从图示时刻开始，经过，质点a通过的路程为40mD.若此波遇到另一列波并发生稳定干涉现象，则另一列波的频率为50HzE.若该波传播中遇到宽约3m的障碍物能发生明显的衍射现象【答案】ADE【解析】【分析】根据“上下坡”法判断b质点的振动情况，由此确定加速度的变化；图示时刻质点a处于波峰，速度为0；经过质点a通过的路程为2个振幅；发生干涉的条件是频率相同；当波的波长比