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2018-2019学年四川省成都七中高三（上）段考物理试卷一、单选题（本大题共4小题，共24.0分）1.如图所示，将篮球从同一位置斜向上抛出，其中有两次篮球垂直撞在竖直墙上，不计空气阻力，则下列说法中正确的是A.从抛出到撞墙，第二次球在空中运动的时间较短B.篮球两次撞墙的速度可能相等C.篮球两次抛出时速度的竖直分量可能相等D.抛出时的动能，第一次一定比第二次大【答案】A【解析】试题分析:篮球做斜上抛运动，因为两次都是垂直撞在竖直墙上，所以可以把两次运动看成平抛运动的逆运动，即水平方向匀速直线运动，竖直方向为自由落体运动，根据竖直位移越小时间越短，所以Ａ正确；根据，水平位移相同，时间越短，水平速度越大，所以第二次撞墙速度大，Ｂ错误；根据，时间越长，竖直速度越大，Ｃ错误；根据功能关系抛出时的动能等于增加的重力势能和末动能之和，即，所以D错误。考点：本题考查了对电场强度的理解。2.套圈游戏是一项很受欢迎的群众运动，要求每次从同一位置水平抛出圆环，套住与圆环前端水平距离为3m的20cm高的竖直细杆，即为获胜一身高老人从距地面1m高度水平抛出圆环，圆环半径为8cm：要想套住细杆，他水平抛出的速度可能为取A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】根据高度差求出平抛运动的时间，结合水平位移的关系和时间求出平抛运动的初速度范围．【详解】根据得，，则平抛运动的最大速度，最小速度，则，B正确．3.如图甲，手提电脑散热底座一般设置有四个卡位用来调节角度。某同学将电脑放在散热底座上，为了获得更好的舒适度，由原卡位1调至卡位4(如图乙),电脑始终处于静止状态，则A.电脑受到的支持力变小B.电脑受到的摩擦力变大C.散热底座对电脑作用力的合力不变D.电脑受到的支持力与摩擦力的大小之和等于其重力【答案】AC【解析】电脑受力如图所示：电脑始终处于静止状态，故电脑受力平衡；由牛顿第三定律可知：电脑对散热底座的压力等于电脑受到的支持力FN=mgcosθ，由原卡位1调至卡位4，θ减小，故FN增大，故A正确；电脑受到的摩擦力f=mgsinθ，由原卡位1调至卡位4，θ减小，故f减小，故B错误；散热底座对电脑的作用力的合力即电脑受到的支持力与摩擦力两力之和等于其重力，故C正确；电脑受到的支持力与摩擦力两力之和等于其重力，又有力的合成符合平行四边形定则，故电脑受到的支持力与摩擦力两力大小之和大于其重力，故D错误；故选AC．4.如图所示，在水平板左端有一固定挡板，挡板上连接一轻质弹簧。紧贴弹簧放一质量为m的滑块，此时弹簧处于自然长度。已知滑块与挡板的动摩擦因数及最大静摩擦因数均为。现将板的右端缓慢抬起使板与水平面间的夹角为θ，最后直到板竖直，此过程中弹簧弹力的大小F随夹角θ的变化关系可能是图中的（）【答案】C【解析】试题分析：将板的右端缓慢抬起过程中，在滑块相对于板滑动前，弹簧处于自然状态，没有弹力．当滑块相对于板滑动后，滑块受到滑动摩擦力，由平衡条件研究弹簧弹力的大小F与夹角θ的变化关系．设板与水平面的夹角为α时，滑块相对于板刚要滑动，则由得，则θ在范围内，弹簧处于原长，弹力F=0当板与水平面的夹角大于α时，滑块相对板缓慢滑动，由平衡条件得其中，说明F与θ正弦形式的关系．当时，F=mg．故选C考点：力的合成与分解的运用；静摩擦力和最大静摩擦力；胡克定律．点评：本题要应用平衡条件得到F与θ的函数关系式，再应用数学知识选择图象，考查运用数学知识分析物理问题的能力．二、多选题（本大题共5小题，共30.0分）5.如图所示，绳子的一端固定在O点，另一端拴一重物在水平面上做匀速圆周运动（）A.转速相同时，绳长的容易断B.周期相同时，绳短的容易断C.线速度大小相等时，绳短的容易断D.线速度大小相等时，绳长的容易断【答案】AC【解析】考点：牛顿第二定律；向心力．专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．分析：重物在水平面上做匀速圆周运动时，绳子的拉力提供向心力，根据牛顿第二定律，向心力分别用转速、周期、线速度表示，研究拉力与它们的关系，分析求解．解答：解：A、根据牛顿第二定律得：F=m（2πn）2r，m一定，当转速n相同时，绳长r越长，绳子拉力F越大，绳子越容易断．故A正确．B、根据牛顿第二定律得：F=m，m一定，当周期T相同时，绳长r越长，绳子拉力F越大，绳子越容易断．故B错误．C、D根据牛顿第二定律得：F=m，m一定，丝速度大小相等时，绳短的容易断．故C正确，D错误．故选AC点评：本题考查灵活选择公式的能力，向心力的公式形式通常有下列几种，在不同条件下选用不同的形式：Fn=m（2πn）2r=m=m=mω2r=mvω．6.A、B、C、D四个物体做直线运动，它们运动的x－t、v－t、a－t图象如图所示，已知物体在t＝0时的速度均为零，其中0～4s内物体运动位移最大的是()A.B.C.D.【答案】C【解析】试题分析：由位移-时间图象可知，4s末到达初始位置，总位移为零，故A错误；由速度-时间图象可知，速度2s内沿正方向运动，2-4s沿负方向运动，方向改变，4s内总位移为零，故B错误；由图象可知：物体在第1s内做匀加速运动，第2s内做匀减速运动，2s末速度减为0，然后重复前面的过程，是单向直线运动，位移一直增大，故C正确；由图象可知：物体在第1s内做匀加速运动，第2-3s内做匀减速运动，2s末速度减为0，第3s内沿负方向运动，不是单向直线运动，故D错误．故选C．考点：运动图像【名师点睛】此题是对物理图像的考查，关键是搞清各个图像的物理意义，结合图像找到物体的运动情况；图象是我们高中物理研究运动的主要途径之一，应熟知其特征，难度不大，属于基础题。7.半圆柱体P放在粗糙的水平地面上，其左、右端各有固定放置的竖起挡板M、N，在P和挡板之间放有光滑、质量分布均匀的小圆柱体a、b，两者质量相等，a的位置比b高，整体装置处于静止，如图所示是这个装置的纵截面图，下列判断正确的是()A.P对a的弹力比P对b的弹力小B.P对a的弹力比P对b的弹力大C.挡板对a的弹力比挡板对b的弹力大D.挡板对a的弹力与挡板对b的弹力小【答案】AD【解析】【详解】设挡板对a和b的弹力方向与竖直方向的夹角分别为和。以a球为研究对象，分析受力，如图所示，根据平衡条件得：P对a的弹力大小，挡板对a的弹力大小为，对b球研究，得到：P对b的弹力大小，挡板对a的弹力大小为，根据几何知识得：，可得：，，所以P对a的弹力比P对b的弹力小，挡板对a的弹力比挡板对b的弹力小，BC错误AD正确．【点睛】本题主要是考查了共点力的平衡问题，解答此类问题的一般步骤是：确定研究对象、进行受力分析、利用平行四边形法则进行力的合成或者是正交分解法进行力的分解，然后在坐标轴上建立平衡方程进行解答．8.如图所示，AC、BC两绳系一质量为的小球，AC绳长，两绳的另一端分别固定于轴的A、B两处，两绳拉直时与竖直轴的夹角分别为和小球在水平面内做匀速圆周运动时，若两绳中始终有张力，小球的角速度可能是A.2B.C.3D.4【答案】BC【解析】【分析】当上绳绷紧，下绳恰好伸直但无张力时，由上绳子的拉力和重力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律列式求解出最小角速度；当下绳绷紧，上绳恰好伸直但无张力时，由下绳子的拉力和重力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律列式求解出最大角速度；即可求得角速度的范围．【详解】当上绳绷紧，下绳恰好伸直但无张力时，小球受力如图由牛顿第二定律得：，又有，解得：；当下绳绷紧，上绳恰好伸直无张力时，小球受力如图由牛顿第二定律得：，解得：；故当时，两绳始终有张力，BC正确AD错误．【点睛】本题中球做匀速圆周运动，临界情况下由拉力和重力的合力提供向心力，关键受力分析后根据牛顿第二定律列式求解．9.图甲为一列简谐横波在某一时刻的波形图，图乙为质点P以此时刻为计时起点的振动图象。从该时刻起。下列说法正确的是A.经过s时，质点Q距平衡位置的距离小于质点P距平衡位置的距离B.经过s时，质点Q的加速度大于质点P的加速度C.经过s，波沿x轴的正方向传播了3mD.经过，质点Q回到原位置E.经过s时，质点Q的运动方向沿y轴正方向【答案】ACD【解析】【详解】根据甲乙两图可知，该波的波长和周期分别为，，所以波速为；乙图中时刻质点P正向下振动，在甲图中，根据波形平移法可知该波是向右传播的；甲图中，此时P正向下运动，Q点正向上运动，周期，经过时，P点到达波峰，Q点到达平衡位置下方，但未到波谷，则质点Q距平衡位置的距离小于质点P距平衡位置的距离，A正确；经过时，P点到达波谷，加速度达到最大值。Q点到达平衡位置上方，但未到波峰，所以质点Q的加速度小于质点P的加速度，B错误；波沿x轴的正方向传播，波速为，则经过，波传播距离，C正确；波的周期，经过，1s一个周期，Q回到原来的位置，D正确；，质点Q的运动方向沿y轴负方向，E错误．三、实验题探究题（本大题共2小题，共15.0分）10.（1）下列关于“探究弹力F与弹簧伸长x的关系”实验的说法中正确的是（）A．实验中F的具体数值必须计算出来B．如果没有没出弹簧原长，用弹簧长度L代替x，F－L不是过原点的一条直线C．利用F－L图线不可求出k值D．实验时要把所有点连接到线上，才能探索得到真实规律（2）如图甲所示，一个弹簧一端固定在传感器上，传感器与电脑相连。当对弹簧施加变化的作用力（拉力或压力）时，在电脑上得到了弹簧形变量与弹簧产生的弹力大小的关系图像，如图乙所示。则下列判断正确的是（）A．弹簧产生的弹力和弹簧的长度成正比B．弹力增加量与对应的弹簧长度的增加量不成正比C．该弹簧的劲度系数是200N/mD．该弹簧受到反向压力时，劲度系数不变【答案】(1).B(2).CD【解析】【详解】（1）实验中可以用砝码的质量来表示力；不需要求出具体的数值；故A错误；若用L代替伸长量，则F=k(L-L0)可知，F-L图像一定不过原点；故B正确；在F-L图象中图象的斜率表示劲度系数的大小，故利用F-L直线可以求出k值，故C错误；实验时并非把所有点连到线上，而是让直线尽量多的穿过各点，不能穿过的尽量分布在图象的两侧，这样可以剔除误差比较大的点，故D错误。故选B。（2）根据胡克定律可知：F=k（l-l0）=kx，即弹簧弹力与弹簧的形变量成正比，与弹簧长度不成正比，故A错误；根据F=kx，k一定，有△F=k△x，可知，弹力增加量与对应的弹簧长度的增加量成正比，故B错误；在弹力与弹簧形变量图象上，图象的斜率表示劲度系数，由此可知该弹簧的劲度系数是200N/m，故C正确；弹簧的劲度系数由弹簧本身的特性决定，当该弹簧受到反向压力时，劲度系数不变，故D正确。故选CD。【点睛】解决本题的关键掌握探究弹力和弹簧伸长的关系，知道如何去减小实验误差，以及如何进行数据处理，运用数学知识分析图象斜率的意义，该题是一道考查基础知识的好题．11.某实验小组如图1所示的装置测量木块与木板间的动摩擦因数，使用的器材有：带定滑轮的长木板、电火花打点计时器、交流电源、木块、纸带、米尺、8个质量均为20g的钩码以及细线等，实验操作过程如下：A.长木板置于水平桌面上，带定滑轮的一端伸出桌面，把打点计时器固定在长木板上并与电源连接，纸带穿过打点计时器并与木块相连，细线一端与木块相连，另一端跨过定滑轮挂上钩，其余钩码都叠放在木块上B.使木块靠近打点计时器，接通电源释放木块，打点计时器在纸带上打下一系列点，记下悬挂钩码的个数nC.将木块上的钩码逐个移到悬挂钩码端，更换纸带，重复步骤BD.测出每条纸带对应木块运动的加速度a，实验数据如表所示。n45678如图2是某同学打出的一条纸带的一部分，0、1、2、3、4、5、6为计数点，相邻两计数点间还有4个打点未画出，从纸带上测出，，，，测木块加速度大小______保留两位有效数字根据表中数据，在图3中作出图象______。由图线得到______，木块的质量______保留两位小数【答案】(1).(2).(3).(4).【解析】【详解】①根据逐差公式可得，，则木块的加速度为：；②根据表中实验数据在坐标系中描出对应的点，然后作出图象，如图所示；③对木块与钩码组成的系统，