四川省成都实验外国语学校（西区）2019-2020学年高二物理上学期入学考试试题（含解析）

四川省成都实验外国语学校（西区）2019-2020学年高二物理上学期入学考试试题（含解析）一、单项选择题:1.经典力学理论适用于解决()A.宏观高速问题B.微观低速问题C.宏观低速问题D.微观高速问题【答案】C【解析】试题分析：经典力学的局限性是宏观物体及低速运动．当达到高速时，经典力学就不在适用，C正确；考点：考查了经典力学适用范围2.如图所示，大河的两岸笔直且平行，现保持快艇船头始终垂直河岸从岸边某处开始先匀加速而后匀速驶向对岸，在快艇离对岸还有一段距离时开始减速，最后安全靠岸。若河水以稳定的速度沿平行河岸方向流动，且整个河流中水的流速处处相等，则快艇实际运动的轨迹可能是图中的()A.①B.②C.③D.④【答案】D【解析】试题分析：在垂直河岸方向上先匀加速直线运动，即合力沿垂直河岸方向并指向要驶向的对岸，并且指向轨迹的内侧，然后匀速直线运动，轨迹是一条与河岸有夹角的直线，然后减速运动，合力沿垂直河岸方向并指向驶出的河岸，所以轨迹为④，故D正确考点：考查了运动的合成与分解3.如图所示，在水平圆盘上，沿半径方向放置用细线相连的两物体A和B，它们与圆盘间的摩擦因数相同，当圆盘转速加大到两物体刚要发生滑动时烧断细线，则两个物体将要发生的运动情况是()A.两物体仍随圆盘一起转动，不会发生滑动B.只有A仍随圆盘一起转动，不会发生滑动C.两物体均滑半径方向滑动，A靠近圆心、B远离圆心D.两物体均滑半径方向滑动，A、B都远离圆心【答案】B【解析】试题分析：当两物体刚要滑动时，A、B所受静摩擦力都是最大静摩擦力fm.对A：2mAfTmr－＝对B：2mBfTmr＋＝若此时剪断细线，A的向心力由圆盘的静摩擦力提供，且2Afmr＝，所以mff，A仍随盘一起转动；而剪断细线的瞬间，T消失，mf不足以提供B所需的向心力，故B将沿某一曲线做离心运动．故B正确考点：考查了匀速圆周运动实例分析4.韩晓鹏是我国首位在冬奥会雪上项目夺冠的运动员。他在一次自由式滑雪空中技巧比赛中沿“助滑区”保持同一姿态下滑了一段距离，重力对他做功1900J，他克服阻力做功100J。韩晓鹏在此过程中（）A.动能增加了1900JB.动能增加了2000JC.重力势能减小了1900JD.重力势能减小了2000J【答案】C【解析】【详解】AB、根据动能定理合外力做的功等于物体动能的增加量，重力对他做功1900J，他克服阻力做功100J，即阻力对他做功为−100J，则外力对他所做的总功为1900J−100J=1800J，是正功，他的动能增加了1800J，A、B错误；CD、重力做的功等于重力势能的减少量，重力对物体做功为1900J，是正功，则重力势能减小了1900J，C正确、D错误，故选C【点睛】物体重力做功多少，物体的重力势能就减小多少；根据动能定理确定动能的变化。5.利用三颗位置适当的地球同步卫星，可使地球赤道上任意两点之间保持无线电通讯，目前地球同步卫星的轨道半径为地球半径的6．6倍，假设地球的自转周期变小，若仍仅用三颗同步卫星来实现上述目的，则地球自转周期的最小值约为A.1hB.4hC.8hD.16h【答案】B【解析】试题分析：设地球的半径为R，周期T=24h，地球自转周期的最小值时，三颗同步卫星的位置如图所示，所以此时同步卫星的半径r1=2R，由开普勒第三定律得：32rkT，可得313(2)4h(6.6)RTTR，故A、C、D错误，B正确。考点：万有引力定律；开普勒第三定律；同步卫星6.小球P和Q用不可伸长的轻绳悬挂在天花板上，P球的质量大于Q球的质量，悬挂P球的绳比悬挂Q球的绳短．将两球拉起，使两绳均被水平拉直，如图所示，将两球由静止释放，在各自轨迹的最低点()A.P球的速度一定大于Q球的速度B.P球的动能一定小于Q球的动能C.P球所受绳的拉力一定大于Q球所受绳的拉力D.P球的向心加速度一定小于Q球的向心加速度【答案】C【解析】从静止释放至最低点，由机械能守恒得：mgR=12mv2，解得：2vgR，在最低点的速度只与半径有关，可知vP＜vQ；动能与质量和半径有关，由于P球的质量大于Q球的质量，悬挂P球的绳比悬挂Q球的绳短，所以不能比较动能的大小．故AB错误；在最低点，拉力和重力的合力提供向心力，由牛顿第二定律得：F-mg=m2 vR，解得，F=mg+m2 vR=3mg，2Fmgagm向＝，所以P球所受绳的拉力一定大于Q球所受绳的拉力，向心加速度两者相等．故C正确，D错误．故选C．点睛：求最低的速度、动能时，也可以使用动能定理求解；在比较一个物理量时，应该找出影响它的所有因素，全面的分析才能正确的解题．二、多项选择题:7.如图所示，一颗人造卫星原来在椭圆轨道1绕地球E运行，在P点变轨后进入轨道2做匀速圆周运动。下列说法正确的是()A.不论在轨道1还是在轨道2运行，卫星在P点的速度都相同B.不论在轨道1还是在轨道2运行，卫星在P点的加速度都相同C.卫星在轨道1的任何位置都具有相同加速度D.卫星在轨道2的任何位置都具有相同角速度【答案】BD【解析】【详解】A.卫星要由轨道1进入轨道2，在P点必须点火加速，做离心运动，所以在轨道1和在轨道2运行经过P点的速度不同，故A错误B.设P点到地心的距离为r，卫星的质量为m，加速度为a，地球质量为M，由牛顿第二定律得：2MmGmar，得：2GMmar，P到地心的距离r是一定的，所以不论在轨道1还是轨道2运行，卫星在P点的加速度都相同，故B正确。C.根据万有引力定律得：2MmFGr，可知卫星在轨道1的不同位置受到引力不同，加速度不同，故C错误。D.卫星在轨道2做匀速圆周运动，所以角速度相同，故D正确8.我国高铁技术处于世界领先水平．和谐号动车组是由动车和拖车编组而成，提供动力的车厢叫动车，不提供动力的车厢叫拖车．假设动车组各车厢质量均相等，动车的额定功率都相同，动车组在水平直轨道上运行过程中阻力与车重成正比．某列车组由8节车厢组成，其中第1、5节车厢为动车，其余为拖车，则该动车组()A.启动时乘客受到车厢作用力的方向与车运动的方向相反B.做匀加速运动时，第5、6节与第6、7节车厢间的作用力之比为3∶2C.进站时从关闭发动机到停下来滑行的距离与关闭发动机时的速度成正比D.与改为4节动车带4节拖车的动车组最大速度之比为1∶2【答案】BD【解析】【详解】启动时乘客的加速度的方向与车厢运动的方向是相同的，所以启动时乘客受到车厢作用力的方向与车运动的方向相同，故A错误；设每一节车厢的质量是m，阻力为kmg，做加速运动时，对6、7、8车厢进行受力分析得：133Fkmgma，对7、8车厢进行受力分析得：222Fkmgma，联立可得：1232FF，故B正确；设进站时从关闭发动机到停下来滑行的距离为s，则：22vas，又88kmgma，可得：22vskg，可知进站时从关闭发动机到停下来滑行的距离与关闭发动机时的速度的平方成正比，故C错误；设每节动车的功率为P，当只有两节动力车时，最大速率为v，则：28Pkmgv，改为4节动车带4节拖车的动车组时，最大速度为v，则：48Pkmgv，所以2vv，故D正确．9.一滑块在水平地面上沿直线滑行，t=0时其速度为2.0m/s.从此刻开始在滑块运动方向上再施加一水平拉力F,力F和滑块的速度v随时间t的变化规律分别如图甲和乙所示，设在第1s内、第2s内、第3s内力F对滑块做功的平均功率分别为P1、P2、P3,则()A.123PPPB.123PPPC.0~2s内力F对滑块做功为2JD.0~3s内克服摩擦力做功为8J【答案】BD【解析】【详解】AB.根据匀变速直线运动的平均速度公式02vvv，知物体在第1s内的平均速度为：12m/s1m/s2v第2s内的平均速度22m/s1m/s2v第3s内的平均速度32m/sv，则第1s内的平均功率11111W1WPFv第2s内的平均功率22231W3WPFv第3s内的平均功率33322W4WPFv所以321PPP，故A错误B正确。C.由速度图象可知，面积代表位移，第1s、2s、3s内的位移分别为1m、1m、2m，由F-t图象及功的公式cosWFs，可求知：第1s内拉力做的功W1=1J，第2s内拉力做的功W2=3J，故0～2s内拉力所做的功为4J，故C错误。D.第3s内拉力做的功W3=4J，0-3s动能该变量为0，所以克服摩擦力做功等于拉力做功8J，故D正确。10.如图所示,一轻弹簧直立于水平地面上,质量为m的小球从距离弹簧上端B点h高处的A点自由下落,小球在C处速度达到最大.0x表示BC两点之间的距离；kE表示小球在C处的动能.若改变高度h,则表示0x随h变化的图象、kE随h变化的图象正确的是()A.B.C.D.【答案】BC【解析】【详解】小球在下落中先做自由落体运动，再做加速度减小的加速运动，当重力等于弹力时，小球的速度达最大，故小球速度最大值与小球下落的高度无关，不论A点多高，到达C点均为速度最大值；x0保持不变；故A错误，B正确；因小球下落过程中只有重力和弹簧的弹力做功，因弹簧的形变量保持不变，故弹簧弹力做功不变，故高度越高，小球到达C点的动能越大；Ek=mgh-W弹，故图象不能过原点，故C正确，D错误；故选BC。11.如图所示，一个内壁光滑的圆锥形筒的轴线垂直于水平面，圆锥筒固定不动，两个质量相同的小球A和B紧贴着内壁分别在图中所示的水平面内做匀速圆周运动，则（）A.球A的线速度一定大于球B的线速度B.球A的角速度一定小于球B的角速度C.球A的运动周期一定小于球B的运动周期D.球A对筒壁的压力一定大于球B对筒壁的压力【答案】AB【解析】【详解】AD、两球所受的重力大小相等，支持力方向相同，合力的方向都沿水平方向。根据力的合成可知两球支持力大小、合力大小相等。根据2vFmr合，得Frvm合，合力、质量相等，r大线速度大，所以球A的线速度大于球B的线速度，故A正确，D错误；B、根据2Fmr合，得Fr合，r大则角速度小，所以球A的角速度小于球B的角速度，故B正确；C、根据2T，由前面分析球A的角速度小于球B的角速度角，则A的周期大于B的周期。故C错误。12.如图所示，水平光滑长杆上套有小物块A，细线跨过位于O点的轻质光滑定滑轮，一端连接A，另一端悬挂小物块B，物块A、B质量相等。C为O点正下方杆上的点，滑轮到杆的距离OC=h。开始时A位于P点，PO与水平方向的夹角为30°。现将A、B静止释放。则下列说法正确的是()A.物块A由P点出发第一次到达C点过程中，速度先增大后减小B.物块A由P点出发第一次到达C点过程中，细线对A拉力的功率一直增大C.物块A经过C点时的速度大小为D.在物块A由P点出发第一次到达C点过程中，细线对物块B的拉力先小于B的重力后大于B的重力【答案】CD【解析】试题分析:对滑块A分析知，拉力对A始终做正功，故由P点出发第一次到达C点的过程中，速度一直增加，细线对A拉力的功率在C点时因拉力与速度垂直，故功率为零，AB错；物块A在C点的速度最大，后继续向右运动，对B物体，当A物块过C点后，物块B上升，故物块A在C点时，B的速度为零，可知在物块A有P向C运动的过程中，B物块的速度线增后减，故先向下加速，失重，绳的拉力小于重力，后减速，加速度向上，超重，绳的拉力大于B的重力，D对；在A物块由P运动到C的过程中，由动能定理知，得:,C对。考点:运动的合成与分解、机械能守恒。【名师点睛】判断机械能是否守恒的方法1．利用机械能的定义判断：分析动能与势能的和是否变化．如：匀速下落的物体动能不变，重力势能减少，物体的机械能必减少．2．用做功判断：若物体或系统只有重力（或弹簧的弹力）做功，或有其他力做功，但其他力做功的代数和为零，机械能守恒．3．用能量转化来判断：若系统中只有动能和势能的相互转化，而无机械能与其他形式的能的转化，则系统的机械能守恒．4．对一些绳子突然绷紧、物体间非弹性碰撞等问题机械能一般不守恒，除非题中有特别说明或暗示．三、实验题:13.在做“研