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上海市长宁区2019届高三第二学期教学质量检测物理试卷一、选择题1.弹簧振子在振动中通过平衡位置时A.位移最大B.回复力最大C.速度最大D.加速度最大【答案】C【解析】【详解】A项：弹簧振子在振动中通过平衡位置时，相对平衡位置的位移为零，故A错误；B项：由公式可知，在平衡位置时位移为零，回复力为零，故B错误；C项：弹簧振子在振动中通过平衡位置时，速度最大，故C正确；D项：由公式可知，在平衡位置时，位移为零，加速度为零，故D错误。2.真空中，下列光子能量最小的可见光是A.红光B.黄光C.绿光D.蓝光【答案】A【解析】【详解】可见光中红光的频率最小，由光子的能量为可知，红光的能量最小，故A正确。3.下列运动物体加速度值最大的是A.火箭升空B.击发后在枪膛中的子弹C.刚起步的卡车D.地球表面自由落体的铅球【答案】B【解析】【详解】由牛顿第二定律知，子弹的质量最小，所受的力较大，所以击发后在枪膛中的子弹的加速度最大，故B正确。4.用国际单位制的基本单位表示万有引力常量的单位，下列符合要求的是A.N•m/kg2B.N•kg2/m2C.m3/（kg•s2）D.kg•s2/m3【答案】C【解析】【详解】国际单位制中质量，距离，力的单位分别为：，根据牛顿的万有引力定律，得到的单位是由牛顿第二定律得：，则，所以的单位还可以写成，故C正确。5.在“研究一定质量气体在体积不变时，其压强与温度的关系”的实验中，通过逐渐加入热水使密闭气体温度升高，用压强传感器和温度传感器测量压强和温度。下列四个装置中最合理的是A.B.C.D.【答案】D【解析】【详解】研究一定质量气体在体积不变时，其压强与温度的关系”的实验中，要保证气体的温度不变，所以密封的试管应全部在水中，温度传感器测试管中气体的温度，综合所述应选D。6.下列四种明暗相间的条纹，分别是红光、蓝光各自通过同一个双缝干涉仪器和同一单缝衍射仪器形成的图样（灰黑色部分表示亮纹；保持缝到屏距离不变）。其中属于蓝光的衍射图样的是A.B.C.D.【答案】B【解析】【详解】双缝干涉的图样是明暗相间的干涉条纹，所有条纹宽度相同且等间距，所以A、C选项中的图样为干涉图样，单缝衍射条件是中间明亮且宽大，越向两侧宽度越小越暗，而波长越大，中央亮条纹越粗，红光的波长大于蓝光的波长，所以B项为蓝光的衍射图样，故B正确。7.图示的仪器叫做库仑扭秤，是法国科学家库仑精心设计的，他用此装置找到了电荷间相互作用的规律，总结出库仑定律。下列说法中正确的是A.装置中A、C为带电金属球，B为不带电的平衡小球B.实验过程中一定要使A、B球带等量同种电荷C.库仑通过该实验计算出静电力常量k的值D.库仑通过该实验测量出电荷间相互作用力的大小【答案】A【解析】【详解】A项：根据库仑扭秤实验装置可知，在细金属丝下面悬挂一根玻璃棒，棒的一端有一带电金属小球A，另一端有一个平衡小球B，在离A球某一距离的地方放一个带电金属小球C，故A正确；B项：本实验当金属比弹力的力矩与静电力的力矩平衡时，从旋钮转过的角度可以比较力的大小，改变A和C之间的距离得出规律，但不一定要电性相同，故B错误；C、D项：由于在库仑那个年代，还不知道怎样测量物体所带电荷量，连单位都没有，所以C、D错误。8.甲、乙两物体同时从倾角分别为α、β的光滑固定斜面顶端同一高度由静止下滑，已知αβ。若它们的质量关系是M甲M乙,则A.甲先到底，甲的末动能大B.乙先到底，甲的末动能大C.甲先到底，甲、乙末动能相等D.乙先到底，甲、乙末动能相等【答案】B【解析】【详解】设斜面的高度为，甲球的加速度为，甲运动的距离为：，甲球滑到底端的时间为，同理可得，乙球滑到底端的时间为：，由于，所以从顶端到底端由动能得：所以质量越大的，滑到底端的动能越大，所以甲滑到底端的动能更大，故B正确。9.一粒子从A点射入电场，从B点射出，电场的等势面和粒子的运动轨迹如图所示，图中左侧前三个等势面平行，不计粒子的重力。则粒子A.速度不断减小B.电场力不断减小C.加速度先不变后变大D.电势能先减小后增大【答案】A【解析】【详解】A项：电场线（垂直于等势面）先向右后向上偏，而粒子后向下偏了，所以电场力与电场强度方向相反，所以粒子带负电，所以电场力一直做负功，所以速度减小，故A正确；B项：等势面的疏密程度反映电场的强弱，从A点到B点电场强度先不变后减小，因此粒子受到的电场力先不变后减小，故B错误；C项：等势面的疏密程度反映电场的强弱，从A点到B点电场强度先不变后减小，电场力先不变后减小，由牛顿第二定律可知，加速度先不变后变小，故C错误；D项：由A分析可知，由于电场力做负功，所以电势能增大，故D错误。10.如图，在“研究共点力的合成”实验中，弹簧秤A、B通过两细绳把橡皮条上的结点拉到位置O，此时两细绳间夹角小于90°。现保持弹簧秤A的示数不变而改变其方向使α角变小，为使结点仍在位置O，调整弹簧秤B的拉力及β角的大小，则下列调整方法中不．可行的是A.增大B的拉力，增大β角B.增大B的拉力，β角不变C.增大B的拉力，减小β角D.B的拉力大小不变，增大β角【答案】ABC【解析】由题意可知：保持O点位置不动，即合力大小方向不变，弹簧测力计A的读数不变，拉力方向角变小，只要符合该条件而且能够做出平行四边形即可，由此可知ABC可以做出平行四边形，故ACB正确，D错误；故选ABC。11.如图，S为上下连续振动的波源，振动频率为10Hz，所产生的横波沿x轴向左右方向传播，波速为20m/s，质点A、B与S的距离分别为SA=11.2m，SB=16.8m。若某时刻波源S正通过平衡位置向上振动，此时A、B均已振动，则A.A位于x轴下方，运动方向向下B.A位于x轴上方，运动方向向下C.B位于x轴上方，运动方向向上D.B位于x轴下方，运动方向向上【答案】B【解析】【详解】由题激起的横波沿x轴向左右传播，波源正通过平衡位置向上振动时，由得，波长由题，相当于，波源正通过平衡位置向上振动，位于轴上方，运动方向向下；，相当于，波源正通过平衡位置向上振动，位于轴上方，运动方向向下，故B正确。12.如图，高台跳水项目中要求运动员从距离水面H的高台上跳下，在完成空中动作后进入水中。若某运动员起跳瞬间重心离高台台面的高度为h1，斜向上跳离高台瞬间速度的大小为v0，跳至最高点时重心离台面的高度为h2，入水（手刚触及水面）时重心离水面的高度为h1。图中虚线为运动员重心的运动轨迹。已知运动员的质量为m，不计空气阻力，则运动员跳至最高点时速度及入水（手刚触及水面）时速度的大小分别是A.0B.0C.D.【答案】C【解析】【详解】从运动员起跳到最高点时由动能定理得：解得：从运动员起跳到入水过程由动能定理得：解得：，故C正确。二、填空题13.发现中子的科学家是________，其装置如右图，图中的_____为中子。（选填“A”或“B”）【答案】(1).查德威克(2).A【解析】【详解】首先发现中了的科学家是查德威克；用放射源钋的射线轰击铍时，能发射一种穿透力极强的中性射线，这就是所谓铍“辐射”，即中子流，中子轰击石蜡，将氢中的质子打出，即形成质子流，所以图中A为中子。14.两端开口、粗细均匀的U型玻璃管开口向上竖直放置，两段水银柱中间封有一定质量气体，其液面高度差如图所示。若向左管倒入少量水银，待液面稳定后，图中的将_______；若将U型管略微向右倾斜，待液面稳定后，图中的将_______，（均选填“增大”、“不变”或“减小”）。【答案】(1).不变(2).增大【解析】【详解】封闭气体压强，向左管缓慢倒入少量水银后不变，封闭气体压强不变，气体温度不变，由玻意耳定律可知，气体体积变小，不变；15.A、B两球都在做匀速圆周运动，A球的轨道半径是B的两倍，其角速度是B的一半，则A、B的线速度之比是_________，向心加速度之比是_________。【答案】(1).1：1(2).1：2【解析】【详解】由公式可知，；向心加速度可得：。16.铜摩尔质量为M，密度为ρ，阿伏加德罗常数为NA。1个铜原子所占的体积是_______，质量为m的铜所含的原子数是_______。【答案】(1).(2).【解析】【详解】铜原子之间空隙较小，可以看作是一个挨一个紧密排列的，1个铜原子所占的体积是质量为的铜含有的原子数：。17.如图，电源电动势E＝10V，内阻r＝0.8Ω，R1＝3.2Ω，当电键S断开时，电阻R2消耗的电功率为4W；电键S闭合后，R2和R3的并联电路消耗的总功率也是4W。则R2＝_______Ω，R3＝_______Ω。【答案】(1).16(2).【解析】【详解】当电键断开时，电阻与串联连接到电源上，则有：解得：；令的电阻为，则有：解得：由电阻并联的特点，，均舍去所以。三、综合题18.在“研究磁通量变化时感应电流的方向”的实验中：（1）先观察检流计指针偏转方向与__________方向的对应关系，查明线圈中导线的绕向，以便从指针的偏转方向确定感应电流产生的磁场方向；（2）下表为某同学记录的实验现象：①实验1、3得出的结论：穿过闭合回路的磁通量_________时，感应电流的磁场与原磁场方向____；②实验2、4得出的结论：穿过闭合回路的磁通量____________时，感应电流的磁场与原磁场方向____；③由实验1、2、3、4得出的结论是____________________________________。（3）本实验涉及的物理规律在生产和生活中的应用有_____________。（举一例）【答案】(1).（1）电流(2).（2）①增大(3).相反(4).②减小(5).相同(6).③感应电流的磁场总是阻碍阻碍引起感应电流的磁通量的变化(7).（3）发电机【解析】【详解】(1)先观察检流计指针偏转方向与电流方向对应的关系，查明线圈中导线的绕向，以便从指针的偏转方向确定感应电流产生的磁场方向；(2)①实验1、3磁铁插入线圈，穿过闭合回路的磁通量变大，由表格可知，感应电流的磁场与原磁场方向相反，②实验2、4磁铁从线圈中拔出，穿过闭合回路的磁通量减小，由表格可知，感应电流的磁场与原磁场方向相同，③由实验1、2、3、4得出的结论是：感应电流的磁场总是阻碍阻碍引起感应电流的磁通量的变化；③本实验涉及的物理规律在生产和生活中的应用有：发电机等。19.如图甲所示，物体受到水平推力F的作用，在粗糙水平面上做直线运动。监测到推力F、物体速度v随时间t变化的规律如图乙、丙所示。求：（1）物体所受滑动摩擦力Ff的大小；（2）物体的质量m；（3）0~3s内物体位移s的大小；（4）0~3s内推力做功的平均功率P平均【答案】;;;【解析】【详解】(1)由图丙知，2~3s内物体做匀速直线运动，则由图乙知，；(2)由图丙知，1~2s内物体做匀加速直线运动，则由牛顿第二定律解得：；(3)由图丙知，0~3s内位移为梯形面积，即；(4)由图乙、丙知，。20.如图，互相垂直的两根光滑足够长金属轨道POQ固定在水平面内，电阻不计。轨道内存在磁感应强度为B、方向竖直向下的匀强磁场。一根质量为m、单位长度电阻值为r0的长金属杆MN与轨道成45°位置放置在轨道上。以O位置为坐标原点，t=0时刻起，杆MN在水平向右外力作用下，从O点沿x轴以速度v0匀速向右运动。求：（1）t时刻MN中电流I的大小和方向；（2）t时间内，MN上产生的热量Q；（3）若杆MN从O点由静止起以大小为a的加速度先做匀加速运动，速度达到v0后再做匀速直线运动。写出外力F与时间t关系的表达式，并定性画出F―t关系图。【答案】（1），根据右手定则，电流方向N指向M；（2）;（3）;【解析】【详解】(1)设在t时刻电流I，此时位移为s，速度为v0，根据题意l=2s，R=2sr0，则由右手定则可知，电流方向由N指向M；(2)t时刻电功率P=I2R=I2（2v0tr0）因为正比时间，即；(3)匀加速阶段，由牛顿第二定律F-FA=ma运动学公式，，匀速阶段，由力平衡由运动学公式知，根据表达式，F-t图像如图所示