上海市浦东新区2019届高三数学下学期期中教学质量检测(二模)试题(含解析)一、填空题(本大题共有12题,满分54分,第1~6题每题4分,第7~12题每题5分)考生应在答题纸的相应位置直接填写结果.1.若集合,集合,则_______.【答案】【解析】【分析】由集合交集的定义可直接得解.【详解】由集合,集合,得.故答案为:.【点睛】本题主要考查了集合交集的运算,属于基础题.2.若行列式,则______.【答案】3【解析】【分析】由行列式的定义列方程求解即可.【详解】行列式,所以.故答案为:3.【点睛】本题主要考查了行列式的计算,属于基础题.3.复数的虚部为______(其中为虚数单位).【答案】【解析】【分析】由复数的除法运算直接求解即可得虚部.【详解】复数.虚部为.故答案为:.【点睛】本题主要考查了复数的除法运算及虚部的概念,属于基础题.4.平面上有12个不同的点,其中任何3点不在同一直线上.如果任取3点作为顶点作三角形,那么一共可作_________个三角形.(结果用数值表示)【答案】220【解析】【分析】根据题意,由组合数公式计算总12个点中任选3个的取法,又由任何3点不在同一直线上,分析可得答案.【详解】根据题意,在12个点中,任取3个,有种取法,又由平面的12个点中,任何3点不在同一直线上,则可以做220个三角形;故答案为:220.【点睛】本题考查组合数公式的应用,注意“任何3点不在同一直线上”的条件.5.如果一个圆柱的高不变,要使它的体积扩大为原来的倍,那么它的底面半径应该扩大为原来的_______倍.【答案】【解析】【分析】设圆柱的高为h,底面半径为r,设扩大后圆柱的高为h,底面半径为R,根据圆柱的体积公式计算可得答案.【详解】设圆柱的高为h,底面半径为r,则体积V=πr2h,设扩大后圆柱的高为h,底面半径为R,则体积V′=πR2h,由,得R2=5r2,则R.∴它的底面半径应该扩大为原来的倍.故答案为:.【点睛】本题考查了圆柱的体积公式,熟练掌握圆柱的体积公式是关键,是基础题.6.已知函数是偶函数,则的最小值是________.【答案】【解析】【分析】结合三角函数的奇偶性,建立方程关系2kπ,k∈Z,即可得解.【详解】是偶函数,则2kπ,k∈Z,即,k∈Z,当k=0时,取得最小值,为,故答案为:.【点睛】本题主要考查三角函数对称性的应用,结合三角函数是偶函数,建立方程求出的表达式是解决本题的关键.7.焦点在轴上,焦距为,且经过点的双曲线的标准方程为_______.【答案】【解析】【分析】利用已知条件求出c,a,然后求解b,即可得到双曲线方程.【详解】焦点在x轴上,焦距为6,c=3,且经过点可得,所以.双曲线的标准方程为:.故答案为:.【点睛】本题考查双曲线的简单性质的应用,是基本知识的考查.8.已知无穷数列满足则_______.【答案】0【解析】【分析】直接利用数列的极限的运算法则求解即可.【详解】无穷数列满足,0.故答案为:0.【点睛】本题考查数列的极限的运算法则的应用,属于基础题.9.二项式展开式的常数项为第_________项.【答案】4【解析】【分析】由二项式展开式的通项公式得:Tr+1(2x)6﹣r()r=(﹣1)r26﹣2rx6﹣2r,当6﹣2r=0,即r=3时,T4为常数项,即二项式展开式的常数项为第4项,得解.【详解】由二项式展开式的通项公式得:Tr+1(2x)6﹣r()r=(﹣1)r26﹣2rx6﹣2r,当6﹣2r=0,即r=3时,T4为常数项,即二项式展开式的常数项为第4项,故答案为:4.【点睛】本题考查了二项式展开式的通项,属基础题.10.已知个正整数,它们的平均数是,中位数是,唯一众数是,则这个数方差的最大值为__________.(精确到小数点后一位)【答案】12.3【解析】【分析】根据题意,由中位数、众数的概念分析,设这6个数为a,3,3,5,b,c;进而分析可得若这6个数方差的最大,则a=1,b=6,c=12;由方差公式计算可得答案.【详解】根据题意,6个正整数,它们的平均数是5,中位数是4,唯一众数是3,则可以设这6个数为a,3,3,5,b,c;若这6个数方差的最大,6个数据的波动幅度较大,此时a=1,c=12.由平均数为5,所以,则有b=6其方差s2[(1﹣5)2+(3﹣5)2+(3﹣5)2+(5﹣5)2+(6﹣5)2+(12﹣5)2]≈12.3;故答案为:12.3.【点睛】本题考查数据的方差、中位数、众数、平均数的计算,关键是掌握数据的方差、中位数、众数、平均数的定义,属于基础题.11.已知正方形边长为,若在正方形边上恰有个不同的点,使,则的取值范围为_____________.【答案】【解析】【分析】建立坐标系,逐段分析•的取值范围及对应的解得答案.【详解】以AB所在直线为x轴,以AD所在直线为y轴建立平面直角坐标系如图:则F(0,2),E(8,4)(1)若P在AB上,设P(x,0),0≤x≤8∴(﹣x,2),(8﹣x,4)∴•x2﹣8x+8,∵x∈[0,8],∴﹣8•8,∴当λ=﹣8时有一解,当﹣8<λ≤8时有两解;(2)若P在AD上,设P(0,y),0<y≤8,∴(0,2﹣y),(8,4﹣y)∴•(2﹣y)(4﹣y)=y2﹣6y+8∵0<y≤8,∴﹣1•24∴当λ=﹣1或8<λ<24时有唯一解;当﹣1<λ≤8时有两解(3)若P在DC上,设P(x,8),0<x≤8∴(﹣x,﹣6),(8﹣x,﹣4),∴•x2﹣8x+24,∵0<x≤8,∴8•24,∴当λ=8时有一解,当8<λ≤24时有两解.(4)若P在BC上,设P(8,y),0<y<8,∴(﹣8,2﹣y),(0,4﹣y),∴•(2﹣y)•(4﹣y)=y2﹣6y+8∵0<y<8,∴﹣1•24,∴当λ=﹣1或8<λ<24时有一解,当﹣1<λ≤8时有两解.综上,在正方形ABCD的四条边上有且只有6个不同的点P,使得•λ成立,那么λ的取值范围是(﹣1,8)故答案为:(﹣1,8)【点睛】本题考查平面向量数量积的性质及其运算,分类讨论思想,属难题.12.已知是定义在上的函数,若在定义域上恒成立,而且存在实数满足:且,则实数的取值范围是_______【答案】【解析】【分析】由函数定义域及复合函数的关系可得,解得,设,则且,所以函数图像上存在两点关于直线对称,由与抛物线联立,解得中点在得,从而在有两不等的实数根,利用二次函数根的分布列不等式组求解即可.【详解】因为,,所以时满足;设,则且,所以函数图像上存在两点关于直线对称,令由设、为直线与抛物线的交点,线段中点为,所以,所以,而在上,所以,从而在有两不等的实数根,令,所以。【点睛】本题主要考查了二次型复合函数的性质,考查了转化与化归的能力,属于难题.二、选择题(本大题共有4题,满分20分,每题5分)每题有且只有一个正确选项.考生应在答题纸的相应位置,将代表正确选项的小方格涂黑.13.如图,水平放置的正三棱柱的俯视图是()A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】由三视图及正三棱柱的几何特征可得解.【详解】由正三棱柱的几何特征知,俯视图中间有条实线,故选C.【点睛】本题主要考查了正三棱柱的几何特征和三视图的相关知识,属于基础题.14.点到直线(为参数,)的距离为()A.B.C.D.【答案】D【解析】【分析】先把直线的参数方程化成普通方程,再根据点到直线的距离公式可得.【详解】由消去参数t可得3x﹣4y+5=0,根据点到直线的距离公式可得d.故选:D.【点睛】本题考查了直线的参数方程化成普通方程,点到直线的距离公式,属基础题.15.已知点满足约束条件:,则目标函数的最小值为()A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】作出不等式组对应的平面区域,利用z的几何意义进行求解即可.【详解】作出不等式组对应的平面区域如图:由z=x﹣y,得y=x﹣z表示,斜率为1纵截距为﹣z的一组平行直线,由,解得A(0,40)平移直线y=x﹣z,当直线y=x﹣z经过点A时,直线y=x﹣z的截距最大,此时z最小,此时zmin=﹣40.故选:B.【点睛】本题主要考查线性规划的基本应用,利用z的几何意义是解决线性规划问题的关键,注意利用数形结合来解决.16.已知,则对任意非零实数,方程的解集不可能为()A.B.C.D.【答案】D【解析】【分析】根据函数f(x)的对称性,因为的解应满足y1=,y2=,进而可得到的根,应关于对称轴x对称,对于D中4个数无论如何组合都找不到满足条件的对称轴,故解集不可能是D.【详解】∵,关于直线x对称.令方程的解为f1(x),f2(x)则必有f1(x)=y1=,f2(x)=y2=那么从图象上看,y=y1,y=y2是一条平行于x轴的直线它们与f(x)有交点,由于对称性,则方程y1=的两个解x1,x2要关于直线x对称,也就是说x1+x2同理方程y2=的两个解x3,x4也要关于直线x对称那就得到x3+x4,若方程有4个解,则必然满足x1+x2x3+x4而在D中,找不到这样的组合使得对称轴一致,也就是说无论怎么分组,都没办法使得其中两个的和等于另外两个的和.故答案D不可能故选:D.【点睛】本题主要考查二次函数的性质﹣﹣对称性,考查了函数与方程的思想,属于难题.三、解答题(本大题共有5题,满分76分)解答下列各题必须在答题纸的相应位置写出必要的步骤.17.已知,正三棱柱中,,延长至,使。(1)求证:;(2)求二面角的大小,(结果用反三角函数值表示)【答案】(1)见解析;(2)【解析】【分析】(1)通过底面的边角关系可得,,进而可证得平面,从而得证;(2)取中点,联结,可证得为二面角的平面角,从而得解.【详解】(1)因为是正三棱柱,所以,且从而又所以,即平面(2)取中点,联结.所以,又,故因为所以从而所以为二面角的平面角.因为所以,二面角的大小为解法二:以直线为轴,直线为轴,直线为轴建立空间直角坐标系.则设平面的一个法向量则令,则,所以又平面的一个方向量设二面角的大小为则所以二面角的大小为【点睛】本题主要考查了线面垂直的证明及性质的应用,二面角的求解,考查了空间想象力及计算能力,属于中档题.18.已知向量,,其中,若函数的最小正周期为.(1)求的值;(2)在△ABC中,若,,,求的值.【答案】(1)1;(2)【解析】【分析】(1),利用三角函数的周期性可求ω的值.(2)根据f(B)的值,求得B,由正弦定理求得A,最后求得C,利用向量的数量积公式求得答案.【详解】(1)∵的最小正周期为,∴,∴.(2)设△ABC中角A,B,C所对的边分别是a,b,c.∵,∴,即,解得.∵,∴,∵,∴,∴,,∵,∴,,∴,∴.【点睛】本题主要考查了三角函数图象与性质,向量的数量积运算,三角函数恒等变换的应用.综合考查了学生分析问题和运算能力.19.浦东一模之后的“大将”洗心革面,再也没进过网吧,开始发奋学习.2019年春节档非常热门的电影《流浪地球》引发了他的思考:假定地球(设为质点,地球半径忽略不计)借助原子发动机开始流浪的轨道是以木星(看作球体,其半径约为万米)的中心为右焦点的椭圆.已知地球的近木星点(轨道上离木星表面最近的点)到木星表面的距离为万米,远木星点(轨道上离木星表面最远的点)到木星表面的距离为万米.(1)求如图给定的坐标系下椭圆的标准方程;(2)若地球在流浪的过程中,由第一次逆时针流浪到与轨道中心的距离为万米时(其中分别为椭圆的长半轴、短半轴的长),由于木星引力,部分原子发动机突然失去了动力,此时地球向着木星方向开始变轨(如图所示),假定地球变轨后的轨道为一条直线,称该直线的斜率为“变轨系数”.求“变轨系数”的取值范围,使地球与木星不会发生碰撞.(精确到小数点后一位)【答案】(1);(2)【解析】【分析】(1)根据题意得,解方程组即可得解;(2)设,,解得,设出直线方程,由焦点到直线的距离大于半径列不等式求解即可.【详解】(1)由条件椭圆C的方程为(2)设地球由近木星点第一次逆时针运行到与轨道中心O的距离为万米时所在位置为,则设.【点睛】本题主要考查了椭圆方程的实际应用,考查了计算能力,属于中档题