山西省运城市景胜中学2019-2020学年高二物理上学期11月期中试题（含解析）

山西省运城市景胜中学2019-2020学年高二物理上学期11月期中试题（含解析）一、单选题1.关于电流，下列说法中正确的是()A.通过导体横截面的电荷量越多，电流越大B.电子运动的速率越大，电流越大C.单位时间内通过导体横截面的电荷量越多，导体中的电流越大D.因为电流有方向，所以电流是矢量【答案】C【解析】【详解】AC．根据qIt可知，电流等于单位时间内通过导体横截面的电量，通过导体的横截面的电荷量多，电流不一定大，还要看时间，单位时间内通过导体截面的电量越多，导体中的电流越大,故A错误，C正确；BD．根据I=nesv可知电子运动的速率越大，电流不一定越大，选项B错误；电流的方向是人为规定的，所以电流是一个标量，故D错误。【点睛】本题考查了学生对电流的相关知识的掌握，属于电学基础知识的考查，相对比较简单。2.一节五号干电池的电动势是1.5V,下列说法正确的是()A.一节1号干电池的电动势是3VB.直接用理想电压表测该干电池两端电压(不接入电路),电压表示数应该是1.5VC.把这节电池与一个小灯泡构成闭合回路,这时用理想电压表测该干电池两端电压,电压表示数应该是1.5VD.我们使用电池时常需几节串联起来用,电池组的电动势还是1.5V【答案】B【解析】【详解】A.干电池不论型号大小，电动势都一样，电动势都是1.5V，故A错误；B.直接用电压表测该干电池两端电压时，此时显示可以近似认为就是电源的电动势；故电压表示数应该是1.5V；所以B选项是正确的；C.电池接入电路构成回路，则电压表所测电压为电源的路端电压，小于1.5V；故C错误；D.若电池串联使用,则电动势应为各电池的电动势之和；故D错误;3.一横截面积为S的铜导线，设每单位体积的导线中有n个自由电子，电子电荷量为e，在时间t内通过导线横截面的自由电子数目为N，则自由电子定向移动速率为（）A.NnStB.NenStC.NneStD.NtneS【答案】A【解析】【详解】从微观角度来说，在t时间内能通过某一横截面的自由电子处于长度为vt的圆柱体内，此圆柱体内的电子数目为NnvSt，所以NvnSt。A.NnSt与计算结果相符，故A正确。B.NenSt与计算结果不符，故B错误。C.NneSt与计算结果不符，故C错误。D.NtneS与计算结果不符，故D错误。4.如图所示的电路中，R1=8Ω，R2=4Ω，R3=6Ω，R4=3Ω，U=42V．（）A.R1、R2、R3、R4的电压之比等于4：2：1：1B.R1、R2、R3、R4的电流之比等于4：2：1：2C.R1、R2、R3、R4的功率之比等于12：6：2：1D.电路的总电阻等于21Ω，总功率等于126W【答案】A【解析】【详解】A．R3与R4的总电阻：434363=263RRRRR由于R1、R2及R串联，电流相等，电压之比扥与电阻之比，故电压之比为4：2：1：1，故A正确.B．根据电路串并联替身可知，流过R3和R4的电流与电阻成反比，故电流之比为1：2，而流过R1和R2的电流纸币为1：1，流过R3的电流与干路电流的关系为：313II故电之比为3：3：1：2，故B错误.C．R1、R2串联，功率之比为2：1，R3、R4并联，由：2UPR可知功率之比为1：2；流过R3的电流与干路电流的关系为：313II则P2：P3=6：1，故R1、R2、R3、R4的功率之比等于12：6：1：2，故C错误.D．电路中的总电阻为：41234363841463RRRRRRR根据欧姆定律得：42A3A14UIR则总功率为：12914126WPR故D错误5.如图所示，其中电流表A的量程为0.6A，表盘均匀划分为30个小格，每一小格表示0.02A；R1的阻值等于电流表内阻的13；R2的阻值等于电流表内阻的2倍．若用电流表A的表盘刻度表示流过接线柱1的电流值，则下列分析正确的是()A.将接线柱1、2接入电路时，每一小格表示0.08AB.将接线柱1、2接入电路时，每一小格表示0.02AC.将接线柱1、3接入电路时，每一小格表示0.06AD.将接线柱1、3接入电路时，每一小格表示0.01A【答案】A【解析】【详解】AB．当接线柱1、2接入电路时，电流表A与R1并联，根据串并联电路规律可知，R1分流为1.8A，故量程为1.8A+0.6A=2.4A；故每一小格表示0.08A；故A项正确，B项错误；CD．当接线柱1、3接入电路时，A与R1并联后与R2串联，电流表的量程仍为2.4A；故每一小格表示0.08A；故CD错误。6.如图所示，图线表示的导体的电阻为R1，图线2表示的导体的电阻为R2，则下列说法正确的是（）A.R1：R2=3：1B.把R1拉长到原来的3倍长后电阻等于R2C.将R1与R2串联后接于电源上，则功率之比P1：P2=1：3D.将R1与R2并联后接于电源上，则电流比I1：I2=1：3【答案】C【解析】【分析】通过IU图象得出两电阻的关系.串联电路电流相等,并联电路,电压相等,电流比等于电阻之反比,并根据功率2PIR,部分电路欧姆定律UIR及电阻定律LRS,即可判定.【详解】A．根据IU图象知,图线的斜率表示电阻的倒数,所以R1：R2=1：3,所以A选项是不符合题意的；B．根据电阻定律:2LLRSV当把1R拉长到原来的3倍,则电阻变为原来的9倍,因此是R2的3倍,所以B选项是不符合题意的;C．串联电路电流相等,所以将1R与2R串联后接于电源上,电流比：12:1:1II根据公式2PIR可知：P1：P2=1：3所以C选项是符合题意的；D．并联电路,电压相等,根据公式UIR可知，电流比等于电阻之反比,所以将1R与2R并联后接于电源上,电流比：12:3:1II所以D选项是不符合题意的；7.如图所示，用干电池点亮几个小灯泡，不计灯泡的电阻随温度的变化，当逐一闭合电键，接入电路的灯泡增多时，以下正确的是（）A.灯亮度一定增加B.干电池输出的总功率一定减小C.该电路电源的效率一定降低D.整个电路消耗的功率一定减小【答案】C【解析】【分析】由题中“不计灯泡的电阻随温度的变化”可知，本题考查恒定电流中并联电路的功率、效率问题，运用并联电路特点、电阻并联、电路功率等知识可以进行分析。【详解】A.由于闭合开关让灯泡并联，使外电路总电阻变小，因此分压变小，所以每个灯泡的电压变小，电阻不变，导致电流变小，亮度降低，故A错误；B.由于不计灯泡电阻随温度的变化，所以可以把电路看成是纯电阻电路，电源的输出功率：22222=()()4EREPIRRrRrrR出当外电路电阻等于内阻时，输出功率最大，由于本题不知道电源内阻是多少，因此接入电路的灯泡增多时，无法判断输出功率的变化情况，故B错误；CD．根据22=()EPIRrRr总，221=()1IRrIRrR可知，总电阻逐渐减小，因此总功率增加，电路的效率降低，因此C正确，D错误。8.如图所示为吹风机的工作电路图，其中M和A分别为电动机和电阻丝，且rm为吹风机的内阻、R为电阻丝A的电阻．已知该吹风机有两个挡位，电源电压恒为220V，低挡消耗的电功率为120W，高挡消耗的电功率为1000W．则下列关于对该电路的分析正确的是A.两电键均闭合时吹风机为低挡位B.rM＝12103ΩC.R＝55ΩD.低挡位时，电阻丝每秒产生的焦耳热为880J【答案】C【解析】【详解】A.由图可知，两电键均闭合时，电阻丝接入电路，电阻丝发热，所以此时为高挡位，故A项与题意不相符；B.当S1断开，S2闭合时，只有电动机接入电路，即为低挡位，流过电动机的电流为120220PIU由于电动机为非纯电阻电路，所以电动机的电阻220403120220MUrI故B项与题意不相符；C.当S1，S2闭合时，为高挡位，由题意可知，电阻丝的功率为(1000120)W880WAP所以电阻丝的电阻为2222055880AURP故C项与题意相符；D.低挡位时，电阻丝末接入电路，所以电功率为0，故D项与题意不相符。二、多选题9.如图所示，两极板间距为d的平行板电容器与一电源连接，开关S闭合，电容器两板间有一质量为m、带电荷量为q的微粒静止不动，下列叙述中正确的是A.微粒带的是正电B.两极板的电压等于mgdqC.断开开关S，微粒将向下做加速运动D.保持开关S闭合，把电容器两极板距离增大，微粒将向下做加速运动【答案】BD【解析】【详解】A．由题，带电荷量为q的微粒静止不动，所受的电场力与重力平衡，则微粒受到向上的电场力，而平行板电容器板间的场强方向竖直向下，则微粒带负电，故A错误；B．由平衡条件得：Umgqd得电源的电动势为：mgdEUq，故B正确；C．断开开关S，电容器所带电量不变，根据公式4SCkd、QCU和UEd可得4kQES，得场强E不变，微粒所受的电场力不变，则微粒仍静止不动，故C错误；D．保持开关S闭合，极板间的电压U不变，当把电容器两极板距离增大，根据UEd，则电场强度减小，那么电场力减小，因此微粒将向下做加速运动，故D正确；10.如图所示,高为h的光滑绝缘曲面处于匀强电场中,匀强电场的方向平行于竖直平面,一带电荷量为q,质量为m的小球,以初速度v0从曲面底端的A点开始沿曲面表面上滑,到达曲面顶端B点的速度仍为v0,则下列说法不正确的是A.电场力对小球做功为2012mghmvB.A、B两点的电势差为mghqC.小球在B点的电势能大于在A点的电势能D.由A到B的过程,机械能的总和保持不变【答案】ACD【解析】【详解】A.小球上滑过程中，由动能定理得：22001122mvWmghmv得：W=mgh．故A错误，符合题意。B.由W=qU得，A、B两点的电势差为mghUq故B正确，不符合题意。C.由于电场力做正功，小球的电势能减小，则小球在B点的电势能小于在A点的电势能。故C错误，符合题意。D.由A到B的过程，由于电场力做正功，则机械能增加，选项D错误，符合题意。11.某同学研究白炽灯得到某白炽灯的电压与电流的关系如图所示，图像上A点与原点连线与横轴成α角，A点的切线与横轴成β角，则下列选项正确的是()A.白炽灯的电阻随电压的增大而增大B.在A点，白炽灯的电阻可表示为001UIIC.在A点，白炽灯的电功率可表示为00UID.在A点，白炽灯的电阻可表示为00UI【答案】ACD【解析】【详解】A.由图示图象可知，随电压U增大通过灯泡的电流I增大，电压与电流的比值增大，灯泡电阻增大，故A正确；BD.由图可知，A点的电压和电流，则在A点灯泡电阻：02URI故B错误，D正确；C.根据电功率的表达式，在A点，白炽灯的电功率：00PUI故C正确。12.电阻R和电动机M相串联接到电路中，如图所示，已知电阻R跟电动机线圈的电阻相等，开关接通后，电动机正常工作，设电阻R和电动机两端的电压分别为U1和U2；经过时间t，电流通过电阻R做功W1，产生的电热为Q1；电流通过电动机M做功W2，产生的电热为Q2，则有A.U1U2，Q1=Q2B.W1=W2，Q1=Q2C.W1W2，Q1Q2D.W1W2，Q1=Q2【答案】AD【解析】【详解】设电路中的电流为I，则R上的电压U1=IR，对于电动机，欧姆定律不适用，但电动机线圈上的电压仍有U2′=IR，而电动机两端的电压U2必定大于U2′，故U2U1=IR，电阻R和电动机消耗的电能分别为W1=IU1t，W2=IU2t所以W2W1；而电阻R和电动机产生的电热分别为Q1=I2Rt，Q2=I2Rt，即Q1=Q2。A.U1U2，Q1=Q2，与结论相符，选项A正确；B.W1=W2，Q1=Q2，与结论不相符，选项B错误；C.W1W2，Q1Q2，与结论不相符，选项C错误；D.W1W2，Q1=Q2，与结论相符，选项D正确。三、实验题13.有一个额定电压为3.8V,额定功率约为1W的小灯泡,现要用伏安法描绘这个灯泡的I一U图线,有下列器材可供选用：A.电压表1V(06V～,内阻约为5kΩ)B.电压表2V(