山西省应县第一中学校2019-2020学年高二物理上学期期中试题（含解析）

山西省应县第一中学校2019-2020学年高二物理上学期期中试题（含解析）一．单项选择题（每小题4分，共40分）。1.电源电动势反映了电源把其它形式的能量转化为电能的能力，因此（）A.电动势是一种非静电力B.电动势越大，表明电源储存的电能越多C.电动势的大小是非静电力做功能力的反映D.电动势就是闭合电路中电源两端的电压【答案】C【解析】电动势在数值上等于非静电力把1C的正电荷在电源内部从负极搬运到正极所做的功，不是一种非静电力，故A错误；电动势是描述电源把其它形式的能量转化为电能本领的物理量，是非静电力做功能力的反映，电动势越大，表明电源将其它形式的能转化为电能的本领越大，故B错误C正确；电源电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压，在闭合电路中电源两极间的电压是路端电压，小于电源电动势，故D错误．【点睛】电动势等于非静电力把1C的正电荷在电源内部从负极搬运到正极所做的功，描述电源把其它形式的能量转化为电能本领的物理量．2.安培提出了著名的分子电流假说，根据这一假说，电子绕核运动可等效为一环形电流。设带电荷量为e的电子以速率v绕原子核沿顺时针方向做半径为r的匀速圆周运动,其电流的等效电流强度I和方向为（）A.2evr顺时针B.ver顺时针C.2ver逆时针D.ver逆时针【答案】C【解析】【详解】电子绕核运动可等效为一环形电流，电子运动周期为:2rTv根据电流的定义式得：电流强度为:2qeveItTr因为电子带负电，所以电流方向与电子定向移动方向相反，即沿逆时针方向，故C正确，选项ABD错误。【点睛】本题是利用电流强度的定义式求解电流，这是经常用到的思路，要知道电流方向与正电荷定向移动方向相同，而与负电荷定向移动方向相反。3.智能手机耗电量大，移动充电宝应运而生，它是能直接为移动设备充电的储能装置，充电宝的转换率是指充电宝放电总量占充电宝容量的比值，一般在0.6~0.7，如图为某一款移动充电宝，其参数见下表，下列说法正确的是（）容量20000mAh兼容性所有智能手机边充边放否保护电器是输入DC5V2AMAX输出DC5V0.1A-2.5A尺寸156*82*22mm转换率0.60产品名称索杨SY10-200重量约430gA.充电宝充电时将电能转化为内能B.该充电宝最多能储存的能量为63.610JC.该充电宝电量从零到完全充满所用时间约为2hD.用该充满电的充电宝给电量为零、容量为3000mAh的手机充电，理论上能充满4次【答案】D【解析】充电宝充电时将电能转化为化学能，故A错误；容量4200007.210CqmAh最多能储存能量为53.610JEqU，故B错误；43.61010qtshI，故C错误；由于其转换率为0.6所以释放的电荷量为40.64.3210qqC，对电池充电的次数为43000qnmAh，故D正确。4.如图所示，平行板电容器带有等量异种电荷，与静电计相连，静电计金属外壳和电容器下极板都接地．在两极板间有一固定在P点的点电荷，以E表示两板间的电场强度，Ep表示点电荷在P点的电势能，θ表示静电计指针的偏角．若保持下极板不动，将上极板向下移动一小段距离至图中虚线位置，则()A.θ增大，E增大B.θ增大，E不变C.θ减小，Ep增大D.θ减小，E不变【答案】D【解析】【详解】电容器与电源断开，故电量不变；上极板向下移动时，两板间的距离减小，根据4SCkd可知，电容C增大，则根据QCU可知，电压U减小；故静电计指针偏角θ减小；两板间的电场强度4UQkQEdCdS；因此电场强度与板间距无关，因此电场强度不变；再根据设P与下极板距离为L，则P点的电势φP=EL，电势能EP=ELq；因此电荷在P点的电势能保持不变；A．θ增大，E增大，与结论不相符，选项A错误；B．θ增大，E不变，与结论不相符，选项B错误；C．θ减小，Ep增大，与结论不相符，选项C错误；D．θ减小，E不变，与结论相符，选项D正确；5.如图所示为某粒子分析器的简化结构。一束带电粒子从A小孔特定的角度和初速度射入平行板电极P和Q之间的真空区域，经偏转后打在Q极板上如图所示的位置。在其他条件不变的情况下要使该粒子束能从Q极板上B孔射出（不计粒子重力和粒子间的相互影响）。下列操作中可能实现的是（）A.先断开开关S，再适当上移P极板B.先断开开关S，再适当左移P极板C.保持开关S闭合，适当上移P极板D.保持开关S闭合，适当左移P极板【答案】C【解析】【分析】根据开关闭合与断开两种情况，当闭合时，电压不变，变化极板间距，导致电场强度变化，再根据牛顿第二定律，结合运动学公式，即可求解；当断开时，电量不变，根据4UkQEdS，从而根据正对面积来确定电场强度变化，从而求解．【详解】A、当断开开关S，则极板间电量不变，那么极板间电场强度4UkQEdS，随着极板正对面积变化而变化，与极板间距无关，故A错误；B、当断开开关，同理，当左移P极板时，极板间的电场强度增大，那么带电粒子在极板间运动的时间减小，则射程将更小，故B错误；C、当保持开关S闭合，极板间的电压不变，根据UEd，当适当上移P极板时，则极板间的电场强度减小，那么带电粒子在极板间运动的时间增大，则射程将更大，故C正确；D、当保持开关S闭合，同理，适当左移P极板，极板间的电场强度不变，则射程不变，故D错误；故选：C。【点睛】考查极板上下移动，及左右移动，与极板间的电场强度变化的关系，掌握增大射程与电场力的关系是解题的关键．6.如图所示，为A、B两电阻的伏安特性曲线，关于两电阻的描述正确的是A.电阻A的电阻随电流的增大而增大，电阻B阻值不变B.电阻A的电阻随电流的增大而减小，电阻B阻值不变C.在两图线交点处，电阻A的阻值大于电阻BD.在两图线交点处，电阻A的阻值小于电阻B【答案】A【解析】【详解】由图可知，电阻A的图象的斜率越来越大，故A的电阻随电流的增大而增大，电阻B阻值不变；故A正确；B错误；两图象的交点处，电流和电压均相同，则由欧姆定律可知，两电阻的阻值大小相等；故CD错误；故选A。【点睛】本题考查伏安特性曲线的应用，要注意明确U-I图象中图象的斜率表示电阻；斜率变大时，电阻增大．7.如图所示，在水平向右的匀强电场中，质量为m的带电小球，以初速度从M点竖直向上运动，通过N点时，速度大小为2，方向与电场方向相反，则小球从M运动到N的过程（）A.动能增加212mB.机械能增加22mC.重力势能增加232mD.电势能增加22m【答案】B【解析】【详解】由动能的表达式2k12Emv可知带电小球在M点的动能为212kMEmv，在N点的动能为21222kNEmvmv，所以动能的增量为232kEmv，故A错误；带电小球在电场中做类平抛运动，竖直方向受重力做匀减速运动，水平方向受电场力做匀加速运动，由运动学公式有,2yxqEvvgtvvattm，可得2qEmg，竖直方向的位移2vht，水平方向的位移22vxtvt，因此有2xh，对小球写动能定理有232kqExmghEmv，联立上式可解得22qExmv，212mghmv，因此电场力做正功，机械能增加，故机械能增加22mv，电势能减少22mv，故B正确D错误，重力做负功重力势能增加量为212mv，故C错误。8.额定电压都是110V，额定功率PA＝100W，PB＝40W的灯泡两盏，若接在电压为220V的电路上，使两盏灯泡均能正常发光，且消耗功率最小的电路是A.B.C.D.【答案】D【解析】【分析】（1）根据串联电路各处电流相等特点可知，电压相等时，电阻也要相等。（2）根据电阻的并联和串联电路的分压特点判断出电路中两灯泡是否正常发光，然后利用并联电路的电流特点判断电路的电流关系，利用P=UI比较电路消耗的功率关系。【详解】由题知，两灯泡额定电压相等，A灯泡的额定功率较大，由P=U2/R可知，A灯泡的电阻较小，即RB＞RA。A图中灯泡A和B串联在220V的电源上，由串联电路的分压特点可知，两灯泡两端的电压均不等于110V，所以都不能正常工作，故A不符合题意；C图中灯泡A和可变电阻R并联后又和灯泡B串联，由并联电路中电阻越并越小、小于任何一个分电阻可知，B灯泡的电阻一定大于并联部分的总电阻，由串联电路的分压特点可知，两灯泡两端的电压均不等于110V，所以都不能正常工作，故C不符合题意；B图中灯泡A和灯泡B并联后又与可变电阻R串联，当可变电阻的阻值和两灯泡并联的电阻相等时它们可以同时发光；D图中灯泡B和可变电阻R并联后又和灯泡A串联，由电阻的并联可知，可变电阻调节合适时可以使并联部分的电阻和灯泡B的电阻相等，即两灯泡可以同时正常发光；由并联电路中干路电流等于各支路电流之和可知，D图中电路的总电流为A灯泡的额定电流，B图中电路的总电流等于A和B两灯泡的额定电流之和，由P=UI可知，D图中电路消耗的功率最小。故选D。9.将一个内阻为100Ω、满偏电流为3mA的电流表，改装成量程为0~0.6A的电流表，则需要A.串联一个阻值约为0.5Ω的电阻B.串联一个阻值约为5Ω的电阻C.并联一个阻值约为0.5Ω的电阻D.并联一个阻值约为5Ω的电阻【答案】C【解析】【分析】把电流表改装成大量程的电流表需要并联分流电阻，应用并联电路特点与欧姆定律求出并联电阻阻值。【详解】把电流表改装成0.6A的电流表需要并联一个分流电阻，分流电阻阻值为：333101000.50.6310gggIRRII；故C正确，ABD错误；故选C。【点睛】本题考查了电压表与电流表的改装，知道电表的改装原理，应用串并联电路特点与欧姆定律即可解题。10.如图所示电路L1发光，L2，L3不亮，A1有读数，A2没有读数，则产生的故障应是（只有一处有故障）()A.灯泡L1断路B.灯泡L2断路C.灯泡L2短路D.灯泡L3短路【答案】C【解析】A、若灯泡1L断路，电路中没有电流，电流表1A应没有读数，与题不符，故不可能是灯泡L1断路，故A错误；B、若灯泡2L断路，2A没有读数，而灯泡2L仍有电流通过，则2L应亮，与题不符，故不可能是灯泡2L断路，故B错误；C、若灯泡2L短路，电流表内阻不计，灯泡3L也被短路，不变，电流能通过1A，所以1A有读数，与题相符，故C正确；D、若灯泡3L短路，电流表内阻不计，灯泡2L也被短路，两个电表都有电流通过，都有读数，与题不符，故D错误。点睛：本题分析时要抓住电流表的内阻不计，相当于导线，理解短路的含义，再进行分析。二、不定项选择题（每小题4分，共16分.每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对得4分，选不全的2分，选错或不答者的零分11.关于电源的电动势E，下列说法中正确的是（）A.电动势E的大小与非静电力所做的功W的大小成正比，与移动电荷量q的大小成反比B.电动势E由电源本身决定，跟电源的内电阻和外电阻大小均无关C.电动势E的单位与电压U的单位都是伏特，其二者本质一样的D.电动势E是表征电源把其他形式的能转化为电能的本领大小的物理量【答案】D【解析】A．电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱的物理量，与非静电力做功W的大小以及移送电荷量q的大小无关，故A错误；B．电动势表征电源把其他形式的能转化为电能的本领大小，与外电阻无关，只由电源本身决定，故B错误．C．电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，电压U是反映电场力做功性质的物理量，二者的本质不同，故C错误．D．电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，电动势越大，本领越大，故D正确．故选D．12.如图所示是电阻R的I－U图象，图中α＝45°，由此得出()A.通过电阻的电流与两端电压成正比B.电阻R＝0.5ΩC.因I－U图象的斜率表示电阻的倒数，故R＝1/tanα＝1.0ΩD.在R两端加上6.0V的电压时，每秒通过电阻横截面的电荷量是3.0C【答案】AD【解析】【详解】A．根据数学知识可知，通过电阻的电流与两端电压成