山西省太原市第二十一中学2018-2019学年高二物理下学期期中试题理(含解析)一、单选题(本题有10小题,每小题3分,共30分。每题只有一个正确选项,不选、多选、错选都不得分)1.首先发现电流的磁效应和电磁感应现象的物理学家分别是()A.安培和法拉第B.法拉第和楞次C.奥斯特和安培D.奥斯特和法拉第【答案】D【解析】试题分析:首先发现电流磁效应的科学家是奥斯特;发现电磁感应现象的科学家是法拉第,故选项D正确。考点:物理学史【名师点睛】本题考查物理学史,是常识性问题,对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆,这也是考试内容之一。2.关于电磁感应,下列说法正确的是()A.导体相对磁场运动,导体内一定会产生感应电流B.穿过闭合电路的磁通量发生变化,电路中一定会产生感应电流C.闭合电路在磁场中作切割磁感线运动,电路中一定会产生感应电流D.导体作切割磁感线运动,导体内一定会产生感应电流【答案】B【解析】试题分析:感应电流产生的条件为:①闭合回路;②回路中有磁通量的变化。AD没强调闭合回路,AD错;C没强调回路中的磁通量发生变化,C错;穿过闭合电路的磁通量发生变化,电路中一定会产生感应电流,B对。考点:感应电流产生的条件。【名师点睛】电场感应现象:1.电磁感应现象:当穿过闭合电路的磁通量发生变化时,电路中有感应电流产生的现象.2.产生感应电流的条件(1)条件:穿过闭合电路的磁通量发生变化.(2)特例:闭合电路的一部分导体在磁场内做切割磁感线运动.3.产生电磁感应现象的实质:电磁感应现象的实质是产生感应电动势,如果回路闭合则产生感应电流;如果回路不闭合,则只有感应电动势,而无感应电流.3.关于电路中感应电动势的大小,下列说法中正确的是()A.穿过电路的磁通量越大,感应电动势就越大B.电路中磁通量变化越快,感应电动势越大C.电路中磁通量的改变量越大,感应电动势就越大D.若电路中某时刻磁通量为零,则该时刻感应电流一定为零【答案】B【解析】【详解】A.穿过闭合回路的磁通量越大,磁通量变化不一定快,则感应电动势不一定大。故A错误;B.感应电动势的大小与磁通量的变化率成正比,磁通量变化越快,感应电动势越大,故B正确;C.磁通量的改变量大,磁通量的变化不一定快,感应电动势不一定大,故C错误;D.某时刻的磁通量为零,磁通量的变化率不一定为零,则感应电动势不一定为零,故D错误。故选:B.4.以下说法正确的是()A.电动机铭牌上所标电流、电压为瞬时值B.电容器的击穿电压为所加交变电压的平均值C.交流电压表所示电压值为有效值D.保险丝的熔断电流值为最大值【答案】C【解析】【详解】A、机器铭牌上所标注的值、生活中通常所说的值都是指有效值,“照明电压220V、动力电压380V”指的都是有效值,故A错误;B、电容器的击穿电压为所加交变电压的瞬时值,故B错误;C、交流电压表和交流电流表,测的是交流电的有效值,故C正确;D、保险丝的数值为有效值,故D错误。5.理想变压器,对于原、副线圈,不一定相等的物理量是()A.交流电的最大值B.磁通量的变化率C.电功率D.交变电流频率【答案】A【解析】【详解】交流电的电流与匝数成反比,变压器的变压原理即为在同一个铁芯中磁通量的变化率相同,输入功率等于输出功率,变压器只改变电压和电流,不改变电流的频率、电功率及磁通量的变化率。故A正确,BCD错误。故选:A6.在收音机线路中,经天线接收下来的电信号既有高频成份,又有低频成份,经放大后送到下一级,需要把低频成份和高频成份分开,只让低频成份输送到再下一级,我们可以采用如图所示电路,其中a、b应选择的元件是()A.a是电容较大的电容器,b是低频扼流圈B.a是电容较大的电容器,b是高频扼流圈C.a是电容较小的电容器,b是低频扼流圈D.a是电容较小的电容器,b是高频扼流圈【答案】B【解析】电容器具有通高频、阻低频的作用,这样的电容器电容应较小.电感线圈在该电路中要求做到通低频、阻高频,所以它是一个高频扼流圈(自感系数较小的电感线圈).思路分析:根据电容器具有通高频、阻低频的作用,电感线圈在该电路中要求做到通低频、阻高频,可区分出ab中的元件试题点评:本题考查了电容器以及高频扼流圈对交流电的作用7.如图所示,a、b是用同种规格的铜丝做成的两个同心圆环,两环半径之比为2∶3,其中仅在a环所围区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场.当该匀强磁场的磁感应强度均匀增大时,a、b两环内的感应电动势大小和感应电流大小之比分别为()A.1∶1,3∶2B.1∶1,2∶3C.4∶9,2∶3D.4∶9,9∶4【答案】A【解析】试题分析:由于两环所包围磁场的面积相等,且变化量还相等,故两环产生的感应电动势是相等的,而两个圆环的半径不同,其比值为2:3,故它们的周长之比也是2:3,故两环的电阻之比也是2:3,而电动势相等,故两环中产生的感应电流之比是3:2,A正确。考点:电阻定律,法拉第电磁感应定律。8.某线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场的转轴匀速转动,产生交变电流的图像如图所示,由图中信息可以判断()A.在0.01s时刻磁通量变化率最大B.产生的感应电动势的有效值为220VC.电动势瞬时表达式e=311sin50πtVD.在1s内交变电流的方向改变50次【答案】B【解析】【详解】A.由图象可知,在0.01s时刻,感应电动势为零,此时线圈位于中性面上,穿过线圈的磁通量最大,磁通量变化率为零,故A错误;B.由图象可知,感应电动势的最大值为311V,有效值m311V22UU=220V,故B正确;C.由图象可知,感应电动势的最大值为311V,角速度2100rad/s0.02,零时刻感应电动势为零,所以电动势瞬时表达式e=311sin100πtV,故C错误;D.由图象可知,从0~0.02s是一个周期,一个周期内电流方向改变两次,则1s是50个周期,电流方向改变100次,故D错误;故选:B.9.如图所示,一质量为m的条形磁铁用细线悬挂在天花板上,细线从一水平金属圆环中穿过。现将环从位置Ⅰ释放,环经过磁铁到达位置Ⅱ。设环经过磁铁上端和下端附近时细线的张力分别为T1和T2,重力加速度大小为g,则()A.T1mg,T2mgB.T1mg,T2mgC.T1mg,T2mgD.T1mg,T2mg【答案】A【解析】圆环从静止开始向下运动到落到磁铁下方的过程中,穿过圆环的磁通量先增加再减小,根据楞次定律可知磁铁对线圈的反应是:感应电流的磁场先阻碍磁通量先增加再阻碍其减小,即先是排斥其向下运动,阻碍其磁通量增大,后是吸引线圈,阻碍其磁通量的减小.故两种情况下,绳的拉力都大于mg,即12TmgTmg,,A正确。【点睛】深刻理解楞次定律“阻碍”的含义.如“阻碍”引起的线圈面积、速度、受力等是如何变化的.10.有一等腰直角三角形形状的导线框abc,在外力作用下匀速地经过一个宽为d的有限范围的匀强磁场区域,线圈中产生的感应电流i与沿运动方向的位移x之间的函数图象是如下图中的()A.B.C.D.【答案】B【解析】开始时进入磁场切割磁感线,根据右手定则可知,电流方向为逆时针,当开始出磁场时,回路中磁通量减小,产生的感应电流为顺时针;不论进入磁场,还是出磁场时,由于切割的有效长度变小,导致产生感应电流大小变小。故B正确,ACD错误。故选B。点睛:对于图象问题可以通过排除法进行求解,如根据图象过不过原点、电流正负、大小变化等进行排除.二、多选题(本题有5小题,每小题3分,共15分。少选得2分,不选、错选都不得分)11.如图所示,在平面上有两条相互垂直且彼此绝缘的长通电直导线,以它们为坐标轴构成一个平面直角坐标系。四个相同的闭合圆形线圈在四个象限中完全对称放置,两条长直导线中电流大小与变化情况相同,电流方向如图所示,当两条导线中的电流都开始均匀增大时,四个线圈a、b、c、d中感应电流的情况是()A.线圈a中有感应电流B.线圈b中有感应电流C.线圈c中有顺时针方向的感应电流D.线圈d中有逆时针方向的感应电流【答案】AC【解析】由右手螺旋定则可判定通电导线磁场的方向。ac象限磁场不为零,a中磁场垂直纸面向里,当电流增大时,线圈a中有逆时针方向的电流,故A正确;其中bd区域中的磁通量为零,当电流变化时不可能产生感应电流,故BD错误。ac象限磁场不为零,c中磁场垂直纸面向外,当电流增大时,线圈c中有顺时针方向的电流,故C正确;故选AC。点睛:本题考查了右手螺旋定则和楞次定律的应用,解决本题的关键掌握楞次定律判断感应电流的方向,知道感应电流的磁场阻碍原磁场磁通量的变化.12.在匀强磁场中,一矩形金属线框在匀强磁场中绕与磁感线垂直的转动轴匀速转动,如图甲所示,产生的交变电动势随时间变化的规律如图乙所示,则下列说法正确的是()A.t=0.01s时穿过线框的做通量最大B.t=0.01s时穿过线框的磁通量变化率最大C.该线框匀速转动的角速度大小为100πD.电动势瞬时值为22V时,线圈平面与中性面的夹角可能为45°【答案】CD【解析】【详解】A、由图象知:0.01ts时,感应电动势为零,处于中性面位置,则穿过线框的磁通量最大,变化率最小,故A正确,B错误;C、由图象得出周期0.02Ts,所以2100/radsT,故C正确;D、当0t时,电动势为零,线圈平面与磁场方向垂直,故该交变电动势的瞬时值表达式为222()esintV,电动势瞬时值为22V时,代入瞬时表达式,则有线圈平面与中性面的夹角正弦值2222222sint,所以线圈平面与中性面的夹角可能为45,故D正确。13.法拉第在1831年发现了“磁生电”现象。如图,他把两个线圈绕在同一个软铁环上线圈A和电池连接,线圈B用导线连通,导线下面平行放置一个小磁针,且导线沿南北方向放置。下列说法正确的是()A.开关闭合并保持一段时间后,小磁针的N极指向垂直纸面向里的方向B.开关闭合的瞬间,小磁针的N极朝垂直纸面向里的方向转动C.开关闭合并保持一段时间再断开的瞬间,小磁针的N极朝垂直纸面向外的方向转动D.开关闭合并保持一段时间后,小磁针的N极指向垂直纸面向外的方向【答案】BC【解析】【分析】电磁感应现象发生的条件是:闭合导体回路,磁通量发生改变,从而判定AD选项;并根据安培定则,及楞次定律,即可判定BC选项。【详解】开关闭合并保持一段时间后,穿过线圈B中的磁通量不变,因此不会产生感应电流,则小磁针不会偏转,故AD错误;开关闭合的瞬间,依据安培定则,可知,线圈A中产生逆时针方向磁场,再由楞次定律,因穿过线圈B的磁场向上,且增大,那么感应电流的磁场向下,因此线圈B中产生逆时针感应电流,根据安培定则,小磁针的N极朝垂直纸面向里的方向转动,故B正确;开关闭合并保持一段时间再断开的瞬间,同理,线圈B中产生顺时针方向感应电流,根据安培定则,则小磁针的N极朝垂直纸面向外的方向转动,故C正确。故选BC。【点睛】本题关键是明确电磁感应现象产生的条件,只有磁通量变化的瞬间闭合电路中才会有感应电流,同时要掌握楞次定律的应用,及理解安培定则,注意其也叫右手螺旋定则。14.如图(a)、(b)所示的电路中,电阻R和自感线圈L的电阻值都很小,且小于灯A的电阻,接通S,使电路达到稳定,灯泡A发光,则()A.在电路(a)中,断开S,A将渐渐变暗B.在电路(a)中,断开S,A将先变得更亮,然后渐渐变暗C.在电路(b)中,断开S,A将渐渐变暗D.在电路(b)中,断开S,A将先变得更亮,然后渐渐变暗【答案】AD【解析】在电路a中,断开S,由于线圈阻碍电流变小,导致灯A将逐渐变暗,因为断开前后的电流一样,灯不会变得更亮。故A正确,B错误;在电路b中,由于电阻R和自感线圈L的电阻值都很小,所以通过灯泡的电流比线圈的电流小的多,断开S时,由于线圈阻碍电流变小,导致灯泡将变得更亮,然后逐渐变暗。故C错误,D正确;故选AD。点睛:线圈中电流变化时,线圈中产生感应电动势;线圈电流增加,相当于一个瞬间电源接入电路,线圈左端是电源正极。当电流减小时,相当于一个瞬间电源,线圈右端是电源正极。15.如图所示,理想变压器原线圈接