山东省潍坊市2019届高三物理模拟训练试题（含解析）

山东省潍坊市2019届高三物理模拟训练试题（含解析）二、选择题(本题共8小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中．第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分)1.下列核反应中放出的粒子为中子的是A.147N俘获一个α粒子，产生178O并放出一个粒子B.2713Al俘获一个α粒子，产生3015P并放出一个粒子C.115B俘获一个质子，产生84Be并放出一个粒子D.63Li俘获一个质子，产生32He并放出一个粒子【答案】B【解析】【详解】根据核反应方程：1441717281N+HeO+H，274301132150AlHePn，，111845142B++HBeHe，13412632HLi+H+eHe，可得2713Al俘获一个α粒子，产生3015P并放出一个粒子是中子，故B正确；ACD错误，故选B。2.如图所示，在磁感应强度大小为B0的匀强磁场中，两长直导线P和Q垂直于纸面固定放置，二者之间的距离为l。在两导线中均通有方向垂直于纸面向里，大小相等的电流时，纸面内与两导线距离为l的a点处的磁感应强度为零。若仅让P中的电流反向，则a点处磁感应强度的大小为A.2B0B.0233BC.033BD.B0【答案】B【解析】【详解】如图所示：设P和Q在a点的磁感应强度大小为B，当P和Q的电流都垂直纸面向里时，根据右手螺旋定则可知，P在a点的磁感应强度方向为水平向右偏下30°，Q点在a点的磁感应强度方向为水平向右偏上30°，两者在a点的合磁感应强度为3B，方向水平向右，因a点的磁感应强度为零，故03BBBo的方向水平向左。当P总电流方向反向时，磁场如图所示：如图所示当P的电流反向后，P在a点的磁感应强度方向为水平向左偏上30°，P和Q在a点的合磁感应强度为B，方向竖直向上，则a点的磁感应强度为22220a00032333BBBBBB，故B正确；ACD错误；故选B3.如图所示，一钢绳的两端分别固定在两座山的P、Q处，P点高于Q点。某人抓住套在绳子上的光滑圆环从P处滑到Q处。滑行过程中绳子始终处于绷紧状态，不计空气阻力。关于人从P处滑到Q处过程的说法正确的是A.机械能先减小、后增大B.从P处滑到最低位置过程中重力功率一直增大C.滑到最低位置时人受到水平方向的合力为零D.动能最大位置与P处的水平距离小于与Q处的水平距离【答案】C【解析】【分析】人下滑过程中，只有动能和重力势能相互转化，机械能守恒；根据P=mgv判断重力的功率变化。动能最大的位置在平衡位置，找到此位置，可判断动能最大位置与P处的水平距离与Q处的水平距离之间的关系.【详解】人下滑过程中，只有动能和重力势能相互转化，机械能守恒，选项A错误；在P点时速度为零，则重力的功率为零，滑到最低位置时速度与重力垂直，可知重力的功率也为零，可知此过程重力功率先增大后减小，选项B错误；滑到最低位置时，竖直速度为零，水平速度最大，此时人受到水平方向的合力为零，选项C正确；动能最大的位置在平衡位置，设此位置时两根绳子与竖直方向的夹角均为θ，可知Lsinθ=d（其中的L是绳子总长度，d为PQ间的水平距离）即θ角一定，由几何关系，因Q点的位置较低，则此平衡位置距离Q点的水平距离较小，即动能最大位置与P处的水平距离大于与Q处的水平距离，选项D错误；故选C.4.如图所示，水平金属板A、B分别与电源两极相连，带电油滴处于静止状态．现将B板右端向下移动一小段距离，两金属板表面仍均为等势面，则该油滴（）A.仍然保持静止B.竖直向下运动C.向左下方运动D.向右下方运动【答案】D【解析】本题考查平行板电容器的电场及电荷受力运动的问题，意在考查考生分析问题的能力。两极板平行时带电粒子处于平衡状态，则重力等于电场力，当下极板旋转时，板间距离增大场强减小，电场力小于重力；由于电场线垂直于金属板表面，所以电荷处的电场线如图所示，所以重力与电场力的合力偏向右下方，故粒子向右下方运动，选项D正确。点睛：本题以带电粒子在平行板电容器电场中的平衡问题为背景考查平行板电容器的电场及电荷受力运动的问题，解答本题的关键是根据电场线与导体表面相垂直的特点，B板右端向下，所以电场线发生弯曲，电场力方向改变。5.质量为10kg的物体，在变力F作用下沿x轴做直线运动，力随坐标x的变化情况如图所示。物体在x=0处，速度为1m／s。不计一切摩擦，则物体运动到x=16m处时，速度大小为A.22/msB.3m／sC.4m／sD.17/ms【答案】B【解析】试题分析：物体从x=0到x=16m处力F做的功等于图像与x轴所围成的面积，即W=；根据动能定理，解得v=3m/s，选项B正确。考点：动能定理及物体图线的应用。6.如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比n1：n2=11：5，原线圈接ul=110sin100πtV的交流电，电阻R1=R2=25Ω，D为理想二极管，则A.通过电阻R1的电流为2AB.二极管的反向耐压值应大于50VC.原线圈的输入功率为大于50WD.通过原线圈的电流为1511A【答案】BC【解析】【详解】由表达式知原线圈电压有效值为110552V2U,根据122nUUn得:副线圈两端电压为2252UV,则通过电阻R1的电流为2112522A25UIR故A错误；输出电压最大值为50V;故要使电路正常工作,反向耐压值应大于50V，故B正确；根据电流热效应,22223(252)2UTTRR，所以R2两端的电压为325VU，则通过R2的电流为223251A25UIR，输出端的总功率22122275WUPIRR,故输入功率也为75W，故C正确；原线圈的电流75152A22552PIU,故D错误.故选BC7.如图甲所示，正方形金属线圈abcd位于竖直平面内，其质量为m，电阻为R。在线圈的下方有一匀强磁场，MN和M＇N＇是磁场的水平边界，并与bc边平行，磁场方向垂直于纸面向里。现使金属线框从MN上方某一高度处由静止开始下落，图乙是线圈由开始下落到完全穿过匀强磁场区域瞬间的v—t图象，图中字母均为已知量。重力加速度为g，不计空气阻力。下列说法正确的是A.金属线框刚进入磁场时感应电流方向为a→d→c→b→aB.金属线框的边长为v1(t2一t1)C.磁场的磁感应强度为11211()mgRvttvD.金属线框在0～t4时间内所产生的热量为221212312()()2mgvttmvv【答案】BD【解析】【详解】金属线框刚进入磁场时磁通量增大,根据楞次定律判断可以知道,感应电流方向沿abcda方向;故A错误;由图象可以知道,金属框进入磁场过程中是做匀速直线运动,速度为1v,运动时间为21tt,故金属框的边长121lvtt，故B正确；在金属框进入磁场的过程中,金属框所受安培力等于重力,则得:1,BlvmgBIlIR,又121lvtt.联立计算得出:12111mgRBvttv;故C错误;t1到t2时间内,根据能量守恒定律,产生的热量为:1121Qmglmgvtt;3t到4t时间内,根据能量守恒定律,产生的热量为:2222223121231122Qmglmvvmgvttmvv故221212123122QQQmgvttmvv,故D正确；故选BD8.在星球表面发射探测器，发射速度为v时探测器可绕星球表面做匀速圆周运动，发射速度为2v时可摆脱星球引力束缚脱离该星球。已知地球、火星两星球的质量比约为10：1，半径比约为2：1，下列说法正确的有A.探测器的质量越大，脱离星球所需要的发射速度越大B.探测器在地球表面受到的引力比在火星表面的大C.探测器分别脱离两星球所需要的发射速度相等D.探测器脱离星球的过程中，势能逐渐增大【答案】BD【解析】【详解】，探测器脱离星球的发射速度v满足22mvGMmrr，r为星球半径，M为星球质量；则GMvr，与星球的质量和半径有关，与探测器的质量无关，本题中星球条件不同，脱离所需的发射速度不相等，故AC错误；探测器在星球表面受到的引力由2GMmFr计算，r为星球半径，M为星球质量，根据提给数据可知探测器在地球表面受到的引力大于在火星表面受到的引力，故B正确。探测器的势能pGMmEr，r为距星球质心的距离，在脱离星球的过程中，r增大，则探测器的势能逐渐增大，故D正确。故选BD第Ⅱ卷注意事项：1．用0．5毫米黑色签字笔将答案写在答题卡上。中.学联.盟提示写在本试卷无效。2．作答选考题时，请考生务必将所选题号用2B铅笔涂黑，答完题后，再次确认所选题号。三、非选择题：共174分。第22～32题为必考题。每个试题考生都必须作答。第33~38题为选考题，考生根据要求作答。(一)必考题：共129分。9.（6分）某学生用图（a）琐事的实验装置测量物块与斜面的动摩擦因数。已知打点计时器所用电源的频率为50Hz，物块下滑过程中所得到的只带的一部分如图（b）所示，图中标出了5个连续点之间的距离。（1）物块下滑是的加速度a=m/s2；打点C点时物块的速度v=m/s；（2）已知重力加速度大小为g，求出动摩擦因数，还需测量的物理量是（填正确答案标号）。A．物块的质量B．斜面的高度C．斜面的倾角【答案】（1）3.251.79（2）C【解析】试题分析：（1）根据2xaT，有：22ECCAxxaT，解得：2220.03780.03650.03520.03393.25m/s440.02ECCAxxaT打C点时物块的速度：0.03650.0352/1.79/220.02DCCBvmsmsT（2）对滑块，根据牛顿第二定律，有：sincosmgmgma，解得：sincosgag故还需要测量斜面的倾角，故选：C；考点：测量动摩擦因数实验【名师点睛】实验的核心是实验原理，根据原理选择器材，安排实验步骤，分析实验误差，进行数据处理等等．【此处有视频，请去附件查看】10.某同学准备测定一电池的电动势和内阻。(1)先用多用电表“直流2．5V挡”粗测该电池电动势，读数为__________V。(2)为较精确测量电池电动势和内阻，设计了图甲所示的电路，其中定值电阻R约为3Ω，标有长度刻度的电阻丝ac每单位长度电阻为R0，电流表内阻不计。根据图甲完成图乙中实物连线_______。(3)闭合开关S，滑动触点P，记录aP的长度L和相应电流表的示数I，测得几组L、I值。以1I为纵坐标，以L为横坐标，作出如图丙所示的1LI图象。已知图线斜率为k，图线与纵轴截距为b，由此可求得电池电动势E=___________，内阻r=_________。(用题中字母k、b、R、R0表示)【答案】(1).1.55；(2).；(3).0Rk；(4).0bRRk【解析】【分析】（1）直流2.5V挡，最小刻度为0.05V，根据表盘读数；（2）根据电路图连接实物图；（3）根据闭合电路欧姆定律建立1LI函数关系，根据斜率和截距求解电动势和内阻.【详解】（1）用多用电表“直流2.5V挡”粗测该电池电动势，最小刻度为0.05V，则读数为1.55V.（2）实物连线如图；（3）由闭合电路欧姆定律：0()EIrRLR解得01RRrLIEE，可知=RrbE，0=RkE解得0REk，0bRrRk.【点睛】遇到涉及图象的实验问题，可以首先根据物理定律写出表达式，然后整理出关于纵轴与横轴物理量的函数，再结合斜率与截距的概念即可求解．11.如图所示，光滑水平面上，质量为2m的小球B连接着轻质弹簧，处于静止状态；质量为m的小球A以速度v0向右匀速运动，接着逐渐压缩弹簧并使B运动，过一段时间后，A与弹簧分离。设小球A、B与弹簧相互作用过程中无机械能损失，弹簧始终处于弹性限度以内。(1)求当弹簧被压缩到最短时，弹簧的弹性势能E；(2)若开始时在小球B的右侧某位置固定一块挡板(图中未画出)，在小球A与弹簧分离前