（江苏专用）2020高考物理二轮复习 选择题提速练（一）

选择题提速练（一）一、单项选择题1．如图甲所示为杂技中的“顶竿”表演，水平地面上演员B用肩部顶住一根长直竹竿，另一演员A爬至竹竿顶端完成各种动作。某次顶竿表演结束后，演员A自竿顶由静止开始下落。滑到竿底时速度正好为零，然后屈腿跳到地面上，演员A、B质量均为50kg，竹竿质量为5kg，演员A下滑的过程中速度随时间变化的图像如图乙所示。重力加速度g取10m/s2，下列判断正确的是()A．竹竿的总长度约为3mB．0～6s内，演员B对地面的压力大小始终为1050NC．0～6s内，竹竿对演员B的压力的冲量大小为3300N·sD．演员A落地时屈腿，是为了缩短作用时间以减小地面的冲击力解析：选Cv­t图像的面积等于演员A下滑过程的位移(即竹竿的总长度)，x＝12×6×2m＝6m，A错误；0～4s内演员A加速下滑，加速度a＝0.5m/s2，处于失重状态，演员B对地面的压力大小FN＝2M人g＋mg－M人a＝(2×50×10＋5×10－50×0.5)N＝1025N,4～6s内演员A减速下滑，加速度a′＝1m/s2，处于超重状态，演员B对地面的压力大小FN′＝2M人g＋mg＋M人a′＝(2×50×10＋5×10＋50×1)N＝1100N，B错误；0～4s内竹竿对演员B的压力大小为F＝M人g＋mg－M人a＝(50×10＋5×10－50×0.5)N＝525N，冲量大小为I1＝525×4N·s＝2100N·s,4～6s内竹竿对演员B的压力大小为F′＝M人g＋mg＋M人a′＝(50×10＋5×10＋50×1)N＝600N，冲量大小为I2＝600×2N·s＝1200N·s，0～6s内，竹竿对演员B的压力的冲量大小为I＝I1＋I2＝(2100＋1200)N·s＝3300N·s，C正确；演员A落地时屈腿，是为了延长作用时间以减小地面的冲击力，D错误。2.路灯维修车如图所示，车上带有竖直自动升降梯。若车匀速向左运动的同时梯子匀速上升，则关于梯子上的工人的描述正确的是()A．工人相对地面的运动轨迹为曲线B．仅增大车速，工人相对地面的速度将变大C．仅增大车速，工人到达顶部的时间将变短D．仅增大车速，工人相对地面的速度方向与竖直方向的夹角将变小解析：选B车匀速向左运动的同时梯子匀速上升，根据运动的合成，可知：工人相对地面一定做匀速直线运动，故A错误；仅增大车速，依据矢量的合成法则，工人相对地面的速度将变大，故B正确；仅增大车速，不影响竖直方向的运动，则工人到达顶部的时间不变，故C错误；仅增大车速，工人相对地面的速度方向与水平方向的夹角将变小，而与竖直方向的夹角将变大，故D错误。3.如图所示电路中，R为某种半导体气敏元件，其阻值随周围环境一氧化碳气体浓度的增大而减小，当一氧化碳气体浓度增大时，下列说法中正确的是()A．电压表V示数增大B．电流表A示数减小C．电路的总功率减小D．变阻器R1的取值越大，电压表示数变化越明显解析：选D当一氧化碳气体浓度增大时，R减小，总电阻减小，则总电流增大，内电压增大，路端电压减小，可知，通过R1的电流减小，因此电压表V示数减小，通过变阻器的电流减小，则电流表A示数增大。故A、B错误；电路的总功率为P＝EI，E不变，I增大，则P增大。故C错误；变阻器R1的取值越大，R1与R并联的阻值越接近R，R对电路的影响越大，则知变阻器R1的取值越大，电压表示数变化越明显。故D正确。4.倾角为53°的斜面与水平面平滑连接，一物块从斜面上以初速度v0滑下，最终停在水平面上，已知物块与水平面、物块与斜面间的动摩擦因数均为μ＝0.5，sin53°＝0.8，cos53°＝0.6。则下列关于物块运动的v­t图像正确的是()解析：选C物块沿斜面下滑时由牛顿第二定律得：a1＝gsin53°－μgcos53°＝5m/s2，即沿斜面做加速运动，在水平面滑行时由牛顿第二定律得：a2＝μg＝5m/s2，沿水平面做减速运动，在斜面和水平面滑行时的加速度大小相等，v­t图像的斜率表示加速度大小，故A、B、D错误，C正确。5.空间存在着平行于x轴方向的静电场，O、A、B、C为x轴上的点，沿x轴方向上在OC间的电势φ随x的变化规律为如图所示的直线，则()A．C点的电场强度一定为零B．电场强度方向沿x轴正方向C．该电场是由负点电荷激发产生的D．带负电的试探电荷在A处的电势能大于在B处的电势能解析：选B电势随距离变化图像中，斜率表示电场强度可知，该电场为匀强电场，故A、C错误；由图像可知，随着距离增大，电势逐渐降低，而沿着电场线方向电势逐渐降低可知电场强度方向沿x轴正方向，故B正确；根据Ep＝φq可知，负电荷在低电势处电势能较大，故带负电的试探电荷在A处的电势能小于在B处的电势能，故D错误。二、多项选择题6．如图所示，在火星轨道的外侧有一小行星带，内外两颗小行星a、b分别绕太阳做匀速圆周运动。则()A．a、b两颗小行星的角速度相等B．a、b两颗小行星的动能可能相等C．小行星a表面的重力加速度可能比b的小D．两颗小行星与太阳的连线在相同时间内扫过的面积相等解析：选BC小行星绕太阳运动万有引力提供向心力有GMmr2＝mrω2可知，ab两颗小行星轨道半径不等，故角速度不相等，故A错误；据万有引力提供圆周运动向心力有GMmr2＝mv2r，虽然两小行星的轨道半径不相等，两行星的线速度大小不同，但小行星的质量未知，若速率大的小行星质量小，则两颗小行星的动能有可能相等，故B正确；因为不知道两颗小行星的质量和半径，故小行星a表面的重力加速度可能比b的小，故C正确；根据开普勒行星定律可知，对于同一颗行星与太阳的连线在相等的时间内扫过相等的面积，对于两颗不同轨道的行星，此定律不适用，故D错误。考前调节激发状态高考专题辅导与测试·物理7.如图所示，理想变压器原线圈接在电压有效值不变的交流电源两端，电流表和电压表均为理想电表。现将交流电的频率变小，则下列说法正确的是()A．灯泡L1变暗B．灯泡L2变暗C．电压表示数增大D．电流表读数变化量的比值不变解析：选AD交流电频率减小时，容抗增大，L1所在支路对电流阻碍作用增大，所以电流减小，L1变暗，故A正确；当交流电频率减小时，不会改变L2支路对电流的阻碍，灯泡L2亮度不变，故B错误；由于原副线圈匝数比不变，根据电压与匝数成正比得电压表示数不变，故C错误；根据电流与匝数成反比得电流表读数变化量的比值不变，故D正确。8．如图所示为污水流量监测装置，两块面积为S的矩形金属极板M、N水平放置，污水从两板间区域向右流过(速度为v)，板间距离为d且有一垂直于纸面向里的匀强磁场，两板用导线与理想电压表相连，则()A．电压表正极接线柱接金属极板MB．污水中离子浓度越大，电压表的示数越大C．电压表读数与极板面积S无关D．水流速度不变，只增加板间距离d时电压表读数变小解析：选AC由左手定则知正离子向上偏转，所以M带正电，故A正确；两板间电压稳定时满足：qvB＝qE＝qUd，所以U＝Bdv，与离子浓度无关，与极板面积S无关，故B错误，C正确；由两板间电压稳定时U＝Bdv可知，水流速度不变，只增加板间距离d时电压表读数变大，故D错误。9．如图所示，质量相等的A、B两物体用轻质细绳和橡皮筋相连，细绳跨过倾角为30°的光滑斜面顶端的定滑轮并与斜面平行。初始时A位于斜面底部的挡板上，橡皮筋处于原长，已知重力加速度为g，则由静止释放B的整个过程中(没有撞击滑轮和地面)有()A．释放瞬间B的加速度为gB．在B加速向下运动的过程中A的加速度最大值为12gC．A刚要离开挡板时系统的弹性势能最大D．橡皮筋拉力对A做的功等于A的机械能的增加量解析：选AD释放瞬间，橡皮筋没有发生形变，没有弹力，细绳中就没有拉力，所以B只受重力，加速度为g，故A正确；B加速下落时，对B由牛顿第二定律可知细绳的拉力T＜mg，则橡皮筋中的弹力F＜mg，对A受力分析由牛顿第二定律得：aA＝F－mgsin30°m＜12g，故B错误；当橡皮筋中的弹力F＝mgsin30°时A要离开挡板，此时橡皮筋中的弹力不是最大，弹性势能不是最大，故C错误；对A受力分析知，橡皮筋的弹力对A做正功，重力做功不改变A的机械能，所以橡皮筋拉力对A做的功等于A的机械能的增加量，故D正确。