搜索
杨浦区2019学年度第二学期＂在线教学＂质量评估高三年级物理学科试卷2020年5月考生注意：1．试卷满分100分，考试时间60分钟．2．本考试分设试卷和答题纸．试卷包括三部分，第一部分为选择题，第二部分为填空题，第三部分为综合题．3．答题前，务必在答题纸上填写姓名、报名号、考场号和座位号，并将核对后的条形码贴在指定位置上．作答必须涂或写在答题纸上，在试卷上作答一律不得分．第一部分的作答必须涂在答题纸上相应的区域，第二、三部分的作答必须写在答题纸上与试卷题号对应的位置．一、选择题（共40分．第1-8小题，每小题3分，第9-12小题，每小题4分．每小题只有一个正确答案．）1．卢瑟福α粒子散射实验显示了（）（A）原子中除了质子外还存在中子（B）原子中的质量和正电荷是均匀分布的（C）原子的结构类似于太阳系的球形结构（D）原子中几乎全部的质量和全部正电荷集中在很小的区域内2．以下几个原子核反应方程式中，X代表α粒子的反应方程式是（）（A）42He＋94Be→126C＋X（B）23490Th→23491Pa＋X（C）21H＋31H→10n＋X（D）3015P→3014Si＋X3．下列四个表达式中，不属于比值法定义的物理量是（）（A）加速度a＝ΔvΔt（B）电势φ＝Epq（C）电场强度E＝kQr2（D）磁感应强度B＝FIL4．按频率由小到大，电磁波谱的排列顺序是（）（A）无线电波、红外线、可见光、紫外线、伦琴射线、γ射线（B）无线电波、可见光、红外线、紫外线、伦琴射线、γ射线（C）γ射线、伦琴射线、紫外线、可见光、红外线、无线电波（D）红外线、无线电波、可见光、紫外线、γ射线、伦琴射线5．如右图所示，两个同心放置的共面金属圆环a和b，一条形磁铁穿过圆心且与环面垂直。则穿过两环的磁通量Φa和Φb的大小关系为（）abNS（A）Φa＞Φb（B）Φa＜Φb（C）Φa＝Φb（D）无法比较6．一定质量的理想气体由状态A经过如右图所示的过程变到状态B，在此过程中气体的密度（）（A）一直变大（B）一直变小（C）先变小后变大（D）先变大后变小7．两个分子甲和乙相距较远（此时它们之间的分子力可忽略），设甲固定不动，乙逐渐向甲靠近，直到不能再靠近的整个过程中，（）（A）分子力总是对乙做正功（B）乙总是克服分子力做功（C）先是乙克服分子力做功，然后分子力对乙做正功（D）先是分子力对乙做正功，然后乙克服分子力做功8．已知一列在弹性绳上传播的简谐横波在某一时刻的波形，（）（A）绳上某一点的振动周期可能不等于该波的周期（B）波在传播过程中，绳上的各质点将以波的传播速度沿着传播方向运动（C）只要绳上任一点的振动速度已知，就可确定波的传播方向（D）只要波的传播方向已知，就可确定此时绳上任一点（速度不为零的点）的速度方向9．如右图所示，一升降机在箱底装有若干个弹簧，设在某次事故中，升降机吊索在空中断裂，忽略摩擦力，则升降机在从弹簧下端触地后直到最低点的一段运动过程中（）（A）升降机的速度不断减小（B）升降机的加速度不断变大（C）升降机到最低点时，加速度的值等于重力加速度的值（D）先是弹力做的功小于重力做的功，然后是弹力做的功大于重力做的功10．如右图所示，两根平行放置的长直导线a和b载有大小相同方向相反的电流，a受到的磁场力大小为F1．当加入一与导线所在平面垂直的匀强磁场后，a受到的磁场力大小变为F2，则此时b受到的磁场力大小变为（）（A）F2（B）F1－F2（C）F1＋F2（D）2F1－F211．物体m恰能沿静止的斜面匀速下滑．现用一个竖直向下的力F作用在m上，并且过m的重心，如右图所示，则下列分析错误．．的是（）pTOABIIabFm（A）斜面对物体的支持力增大（B）物体仍能保持匀速下滑（C）物体将沿斜面加速下滑（D）斜面对物体的摩擦力增大12．如右图所示，平行轨道MN和PQ上有一辆平板小车，车上有一个通电线框，图中虚线框1、2、3、4、5等是磁场区域，内有磁感应强度大小均相等的垂直纸面向里或向外的磁场．要使小车在图示位置时受到向右的推力，此时1、2部分的磁场应是下图中的（）（A）（B）（C）（D）二、填空题（共20分．每小题4分．）13．电荷在电场中移动时，电场力做功的特点是_______________________________。如右图所示，在场强为E的匀强电场中有相距为l的A、B两点，连线AB与电场线的夹角为θ，将一电荷量为q的正电荷沿曲线ACB移动该电荷，电场力做的功W＝___________。14．在太阳光照射下，水面油膜上会出现彩色的花纹，这是两列相干光波发生干涉的结果，这两列相干光波是太阳光分别经_____________________而形成的．用平行的单色光垂直照射不透明的圆板，在圆板后面的屏上发现圆板阴影中心处有一个亮斑，这是光的________现象。15．地质队的越野车在水平荒漠上行驶，由于风沙弥漫的原因，能见度较差，驾驶员突然发现正前方横着一条深沟，为避免翻入深沟，试问他是急刹车有利还是急转弯有利，答：______有利，因为（写出主要计算式）_______________________。16．如右图所示，A、B、C三只相同的试管，用细绳拴住封闭端悬挂在天花板上，开口端插入水银槽中，试管内都封有气体，三管静止时，三根细绳的张力分别为FA、FB、FC，A管内水银面与管外相平，B管内水银面比管外低，C管内水银面比管外高，则三管中气体压强最小的是______管，FA、FB、FC的大小关系是_________。17．三个电阻R1、R2、R3阻值分别为10Ω、30Ω、60Ω，把它们适当连接后可得总电阻为R＝24Ω，把R直接到内阻为1Ω的电源上，三个电阻消耗的功率之比P1∶P2∶P3＝________，PMNQ12345EAlBθCABC若R1消耗的功率是3.6W，则电源的电动势为_______V。三、综合题（共40分）注意：第19、20题在列式计算、逻辑推理以及回答问题过程中，要求给出必要的图示、文字说明、公式、演算等。18．（10分）在“用单摆测重力加速度”的实验中：（1）从下列器材中选用最合适的（填写器材代号）______________________。（A）小铁球（B）小塑料球（C）30cm长的摆线（D）长100cm的摆线（E）手表（F）秒表（G）米尺（H）铁架台（2）某次测定单摆完成50次全振动的时间为99.8s，单摆的周期为_________s。（3）若在某次实验中，测得的g值偏小，可能的原因是（）（A）单摆振动过程中振幅有减小（B）测摆长时，仅测了摆线长度（C）测摆长时，将摆线长加了小球直径（D）测周期时，把N次全振动误记为N+119．（15分）如右图所示，电动机通过其转轴上的绝缘细绳牵引一根原来静止的长L＝1m、质量m＝0.1kg的导体棒ab，导体棒紧贴在竖直放置、电阻不计的金属框架上，导体棒的电阻R＝1Ω，磁感应强度B＝1T的匀强磁场垂直于导体框架所在平面。当导体棒在电动机牵引下上升h＝3.8m时，获得稳定速度，此过程中导体棒产生的热量0.2J。电动机工作时，电压表、电流表的读数分别为7V和1A，电动机的内阻r＝1Ω。不计一切摩擦，g取10m/s2，求：（1）在导体棒上升过程中，通过导体棒的电流方向和受到的磁场力的方向；（2）导体棒所能达到的稳定速度是多少？（3）导体棒从静止到稳定速度的时间是多少？20．（15分）阅读如下资料并回答问题：自然界中的物体由于具有一定的温度，会不断向外辐射电磁波，这种辐射因与温度有关，称为热辐射。热辐射具有如下特点：①辐射的能量中包含各种波长的电磁波；②物体温度越高，单位时间从物体表面单位面积上辐射的能量越大；③在辐射的总能量中，各种波长所占的百分比不同．处于一定温度的物体在向外辐射电磁能量的同时，也要吸收由其他物体辐射的电磁能量，如果它处在平衡状态，则能量保持不变。若不考虑物体表面性质对辐射与吸收的影响，我们定义一种理想的物体，它能100％地吸收入射到其表面的电磁辐射，这样的物体称为黑体。单位时间内从黑体表面单位面积辐射的电磁波的总能量与黑体绝对温度的四次方成正比，即P0＝AV电源abB电动机转轴××××××××××××××××σT4，其中常量σ＝5.67×10-8W/（m2·K4）。在下面的问题中，把研究对象都简单地看作黑体。有关数据及数学公式：太阳半径Rs＝696000km，太阳表面温度T＝5770K，地球半径r＝6371km，球面积S＝4πR2，其中R为球半径。（1）太阳热辐射能量的绝大多数集中在波长为2×10-7m~1×10-5m范围内，求相应的频率范围；（2）每小时从太阳表面辐射的总能量为多少？（3）已知太阳到地球的距离约1.49×108km，忽略太阳辐射能量在传播过程中的损失，地球表面受到来自太阳的辐射能量的总功率约为多少？杨浦区2019学年度第二学期在线教学质量评估高三物理学科参考答案及评分标准一．选择题（共40分。第1-8小题，每小题3分，第9-12小题，每小题4分。每小题只有一个正确答案。）题号123456789101112答案DCCAABDDDACA二．填空题（本大题有5小题，每小题4分，共20分）13．电场力做功的大小与路径无关，只与始末位置有关，Eqlcosθ14．膜的前表面和后表面分别反射出来形成两列相干光，衍射15．急刹车，急刹车：a＝μg，s＝v22a＝v22μg；急转弯：r＝v2a＝v2μg，r＞s16．C，FC＞FA＞FB17．3∶9∶8，25三．综合题（本大题有3小题，18题10分、19题14分，20题16分共40分）18．（10分）（1）ADFGH（5分）（2）1.996（2分）（3）B（3分）19．（15分）解（1）（共3分）金属棒上电流方向：b流向a；磁场力方向：垂直于金属棒竖直向下（3分）（2）（共7分）受力分析：根据感应电动势公式：𝐸＝𝐵𝐿𝑣根据欧姆定律：𝐼＝𝐸𝑅⁄根据安培力公式：𝐹𝐴＝𝐵𝐼𝐿根据平衡条件：𝑇＝𝑚𝑔+𝐹𝐴根据能量守恒：𝐼𝑈＝𝑇𝑣+𝐼2𝑟代入数据解得：v＝2m/s（3）（共5分）根据能量守恒𝐼𝑈𝑡＝𝐼2𝑟𝑡+𝑚𝑔h+𝑄+12𝑚𝑣2𝑡＝𝑚𝑔ℎ+𝑄+12𝑚𝑣2𝐼𝑈−𝐼2𝑟＝0.1×10×3.8+0.2+12×0.1×227×1−12×1𝑠解得：t＝0.7s注明:文字说明1分,代入数据1分TGFA20．（15分）解：（1）（共4分）光速c＝3×108m/s𝑓＝𝑐𝜆代入数据:𝑓1＝𝑐𝜆＝3×1082×10−7𝐻𝑍＝1.5×1015𝐻𝑍𝑓2＝𝑐𝜆＝3×1081×10−5𝐻𝑍＝3×1013𝐻𝑍频率范围:3×1013Hz～1.5×1015Hz（共4分）根据题意：𝐸＝𝑃0𝑡𝑆＝𝑇4𝑡4𝑅𝑆2＝5.67×10-8×57704×3600×4×π×（696000×103）2J代入数据解得：E＝1.38×1030J（3）（共7分）𝑃总＝𝐸4𝑅2𝑟2𝑡＝1.38×10304𝜋×（1.49×108×103）2𝜋×（6371×103）23600𝑊代入数据解得：P总＝1.75×1017W注明:文字说明1分,代入数据1分