2020年高考物理 刷题1+1（2019模拟题）组合模拟卷五课件

第Ⅰ卷(选择题，共48分)二、选择题(本题共8小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分)14．(2019·全国卷Ⅱ)太阳内部核反应的主要模式之一是质子—质子循环，循环的结果可表示为411H→42He＋201e＋2ν已知11H和42He的质量分别为mp＝1.0078u和mα＝4.0026u,1u＝931MeV/c2，c为光速。在4个11H转变成1个42He的过程中，释放的能量约为()A．8MeVB．16MeVC．26MeVD．52MeV答案C答案解析因电子的质量远小于质子的质量，计算中可忽略不计。质量亏损Δm＝4mp－mα由质能方程得ΔE＝Δmc2＝(4×1.0078－4.0026)×931MeV≈26.6MeV。C正确。解析15．(2019·宁夏吴忠高三上学期期末)如图，一绝缘光滑固定斜面处于匀强磁场中，磁场的磁感应强度大小为B，方向垂直于斜面向上，通有电流I的金属细杆水平静止在斜面上。若电流变为0.5I，磁感应强度大小变为3B，电流和磁场的方向均不变，则金属细杆将()A．沿斜面加速上滑B．沿斜面加速下滑C．沿斜面匀速上滑D．仍静止在斜面上答案A答案解析最初金属细杆受到三个力作用，且合力为零，如图所示。由平衡条件可知，安培力F＝BIL＝mgsinθ，若电流变为0.5I，磁感应强度大小变为3B，则安培力F1＝3B×0.5I×L＝1.5mgsinθ，根据牛顿第二定律，有F1－mgsinθ＝ma，故金属细杆将以a＝0.5gsinθ的加速度沿着斜面加速上滑，A正确。解析16．(2019·广西柳州高三1月模考)如图所示，虚线AB和CD分别为椭圆的长轴和短轴，相交于O点，两个等量异种点电荷分别处于椭圆的两个焦点M、N上，下列说法中正确的是()A．C、D两处电势、场强均相同B．A、B两处电势、场强均相同C．在虚线AB上O点的场强最大D．带正电的试探电荷在O处的电势能小于在B处的电势能答案A答案解析由等量异种点电荷周围电场线和等势面的分布情况可知，A、B两处电势不相等，场强相同，C、D两处电势、场强均相同，A正确，B错误；越靠近点电荷场强越大，C错误；若规定无穷远处电势为0，则O处电势为0，B点电势小于0，则带正电的试探电荷在O点的电势能大于在B点的电势能，D错误。解析17．(2019·贵阳一模)2017年，人类第一次直接探测到来自双中子星合并的引力波信号。根据科学家们复原的过程，在两颗中子星合并之前，它们绕二者连线上的某点做圆周运动，且二者越转越近，最终碰撞在一起，形成新的天体。若将两颗中子星都看做是质量均匀分布的球体，则此过程中两中子星的()A．线速度逐渐变小B．角速度保持不变C．周期逐渐变大D．向心加速度逐渐变大答案D答案解析设两颗中子星的质量分别为m1、m2，轨道半径分别为r1、r2，相距L，则L＝r1＋r2，根据万有引力提供向心力可知：Gm1m2L2＝m1r1ω2①，Gm1m2L2＝m2r2ω2②，①＋②整理可得：Gm1＋m2L2＝(r1＋r2)ω2＝Lω2，解得ω＝Gm1＋m2L3，T＝2πω＝4π2L3Gm1＋m2，①②整理可得：m2m1＝r1r2，又r1＋r2＝L，解得r1＝m2m1＋m2L，r2＝m1m1＋m2L，根据线速度和角速度的关系，有v1＝解析ωr1＝Gm22m1＋m2L，v2＝ωr2＝Gm21m1＋m2L，由题可知L不断减小，故在此过程中，两中子星的线速度变大，角速度变大，周期变小，A、B、C错误；设两颗星的向心加速度分别为a1、a2，有Gm1m2L2＝m1a1＝m2a2，故可判断向心加速度变大，D正确。解析18．(2019·成都高新区一诊)质量为m＝2kg的物体仅受到水平拉力F的作用，在光滑的水平面上由静止开始做直线运动，运动过程中物体的加速度随时间变化的规律如图所示。则下列判断正确的是()A．0～4s内物体先做加速运动再做匀速运动B．6s末物体的速度为零C．0～4s内拉力F冲量大小为18N·sD．0～4s内拉力F做功49J答案D答案解析由题图可知，在0～4s内物体先做加速度增加的变加速运动，再做加速度不变的匀加速运动，A错误；根据a­t图象与时间轴所围的面积表示速度的变化量可得，0～6s内物体速度的变化量为：Δv0，故第6s末物体的速度为：v＝v0＋Δv0，B错误；0～4s内物体速度的增量为：Δv′＝3＋42×2m/s＝7m/s，则F的冲量大小为：I＝mΔv′＝2×7N·s＝14N·s，C错误；第4s末物体的速度为：v′＝v0＋Δv′＝7m/s，则根据动能定理得0～4s内F所做的功为：W＝12mv′2＝49J，D正确。解析19．(2019·山西高三二模)如图所示，正方形abcd区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场，O点是cd边的中点。一个带正电的粒子(重力忽略不计)从O点沿纸面以垂直于cd边的速度射入正方形内，经过时间t0刚好从c点射出磁场。若只改变带电粒子射入磁场时的速度方向，则下列说法中正确的是()A．该带电粒子可能从a、b之间射出磁场B．该带电粒子不可能从b、c(不包括b、c两点)之间射出磁场C．该带电粒子在磁场中运动的时间不可能小于t0D．该带电粒子在磁场中运动的时间可能是1.2t0答案BD答案解析带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，有qvB＝mv2r，则轨道半径r＝mvqB，运动周期T＝2πmqB，设正方形abcd的边长为L，由题意可知，轨道半径r＝mvqB＝L4，运动周期T＝2πmqB＝2t0。只改变速度方向，轨道半径不变，运动周期不变，由于O到bc边的距离等于圆周运动的直径，O到ab边的距离大于圆周运动的直径，故带电粒子只能从Oc之间(包括c点)射出磁场，故A解析错误，B正确；根据运动时间公式t＝θ2πT(θ为粒子在磁场中运动轨迹所对应的圆心角)可知，t＝θπt0，若粒子射入磁场时，速度方向与Oc夹角小于90°，则粒子在磁场中的运动时间小于t0，若粒子射入磁场时，速度方向与Oc夹角大于90°，则粒子在磁场中运动的时间大于t0，当粒子沿Od方向入射时，粒子恰好做一个圆周运动，其运动时间为一个周期2t0，故运动方向变化时，粒子在磁场中的运动时间介于0～2t0之间，故C错误，D正确。解析20．(2019·河南驻马店高三上学期期末)如图所示，光滑水平直轨道上有三个质量均为m＝3kg静止放置的物块A、B、C，物块B的左侧固定一轻弹簧(弹簧左侧的挡板质量不计)。设A以v0＝4m/s的速度朝B开始运动，压缩弹簧(弹簧始终在弹性限度内)，当A、B速度相等时，B与C恰好相碰并粘接在一起，然后继续运动。假设B和C碰撞过程时间极短，则以下说法正确的是()A．从开始到弹簧最短时物块C受到的冲量大小为1N·sB．从开始到弹簧最短时物块C受到的冲量大小为4N·sC．从开始到A与弹簧分离的过程中整个系统损失的机械能为3JD．从开始到A与弹簧分离的过程中整个系统损失的机械能为9J答案BC答案解析根据动量守恒定律，当A、B速度相等，且与C碰撞之前，设A、B的速度为v1，则mv0＝2mv1，解得v1＝2m/s;从开始到弹簧最短时，对A、B、C组成的系统：mv0＝3mv2，解得v2＝43m/s，对物块C，由动量定理：I＝mv2＝4N·s，B正确，A错误。B与C相碰的过程：mv1＝2mv3，解得v3＝1m/s；由题可知B与C的碰撞过程为完全非弹性碰撞，只有此碰撞过程有机械能损失，则从开始到A与弹簧分离的过程中整个系统损失的机械能为ΔE＝12mv21－12·2mv23＝3J，C正确，D错误。解析21．(2019·天津高考)单匝闭合矩形线框电阻为R，在匀强磁场中绕与磁感线垂直的轴匀速转动，穿过线框的磁通量Φ与时间t的关系图象如图所示。下列说法正确的是()A.T2时刻线框平面与中性面垂直B．线框的感应电动势有效值为2πΦmTC．线框转一周外力所做的功为2π2Φ2mRTD．从t＝0到t＝T4过程中线框的平均感应电动势为πΦmT答案BC答案解析线框位于中性面位置时，线框平面与磁场方向垂直，此时穿过线框的磁通量最大，磁通量的变化率最小，则T2时刻线框在中性面位置，A错误；感应电动势最大值为Em＝Φmω＝Φm2πT，对正弦交流电，感应电动势有效值E有＝Em2＝2πΦmT，B正确；由功能关系知，线框转一周外力做的功等于产生的电能，W＝E电＝E2有R·T＝2π2Φ2mRT，C正确；由法拉第电磁感应定律知，E＝ΔΦΔt＝ΦmT4＝4ΦmT，D错误。解析第Ⅱ卷(非选择题，共62分)三、非选择题(包括必考题和选考题两部分，共62分。第22～25题为必考题，每个试题考生都必须作答。第33、34题为选考题，考生根据要求作答)(一)必考题(共47分)22．(2019·广东深圳二模)(5分)某实验小组要测量轻弹簧的劲度系数，实验装置如图a。将弹簧悬挂在固定铁架台上，毫米刻度尺竖直固定在弹簧旁，在弹簧下端挂上钩码，多次改变钩码质量m，读出钩码静止时固定在挂钩上的指针对应的刻度尺示数l。当钩码质量为200g时，指针位置如图b所示。用所测数据在m­l坐标系描点如图c，取g＝9.8m/s2。回答下列问题：(1)图b中指针对应的刻度尺示数为________cm；(2)在图c中将钩码质量为200g时所对应的数据点补上，并作出m­l图线；(3)根据图线算出弹簧的劲度系数为________N/m(结果取三位有效数字)。答案(1)18.50(18.48～18.52均可)(2)图见解析(3)24.5(23.5～24.8均可)答案解析(1)由图可知，刻度尺的分度值为0.1cm，则读数为18.50cm。(2)钩码质量为200g时对应的弹簧长度为18.50cm，图象如图。解析(3)根据k＝ΔFΔx可知，弹簧的劲度系数k＝ΔFΔx＝ΔmgΔx＝0.3×9.822.50－10.50×10－2N/m＝24.5N/m。解析23．(2019·全国卷Ⅰ)(10分)某同学要将一量程为250μA的微安表改装为量程为20mA的电流表。该同学测得微安表内阻为1200Ω，经计算后将一阻值为R的电阻与该微安表连接，进行改装。然后利用一标准毫安表，根据图a所示电路对改装后的电表进行检测(虚线框内是改装后的电表)。(1)根据图a和题给条件，将图b中的实物连线。(2)当标准毫安表的示数为16.0mA时，微安表的指针位置如图c所示。由此可以推测出所改装的电表量程不是预期值，而是________。(填正确答案标号)A．18mAB．21mAC．25mAD．28mA(3)产生上述问题的原因可能是________。(填正确答案标号)A．微安表内阻测量错误，实际内阻大于1200ΩB．微安表内阻测量错误，实际内阻小于1200ΩC．R值计算错误，接入的电阻偏小D．R值计算错误，接入的电阻偏大(4)要达到预期目的，无论测得的内阻值是否正确，都不必重新测量，只需要将阻值为R的电阻换为一个阻值为kR的电阻即可，其中k＝________。答案(1)图见解析(2)C(3)AC(4)9979答案解析(1)实物连线如图所示。解析(2)微安表量程为250μA，由图c所示表盘可知，其分度值为5μA，其示数为16.0μA，毫安表示数为16.0mA，毫安表示数为微安表示数的16.0×10－3A160×10－6A＝100倍，改装后电流表量程为：250×10－6×100A＝25×10－3A＝25mA，故C正确。(3)根据IgRg＝(I－Ig)R得I＝IgRgR＋Ig出现该情况可能是因为微安表内阻测量错误，实际电阻大于1200Ω，或者并联的电阻R计算错误，接入的电阻偏小。A、C正确。解析(4)若微安表的满偏电压为U，则对并联的电阻R有U＝(25－0.25)×10－3RU＝(20－0.25)×10－3kR解得k＝9979。解析24．(2019·天津南开区二模)(12分)质量M＝8kg的小车停放在光滑水平面上，在小车右端施加一水平恒力F＝8N。当小车向右运动速度达到v0＝3m/s时，在小车的