2020届高考物理二轮复习 专题冲刺 选择题专练（二）课件

选择题专练(二)选择题专练(二)共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1．(2019·广东汕头高三一模)中国自主研发的世界首座具有第四代核电特征的核电站—华能石岛湾高温气冷堆核电站，位于山东省威海市荣成石岛湾。目前核电站使用的核燃料基本都是浓缩铀，有一种典型的铀核裂变方程是23592U＋x→14456Ba＋8936Kr＋3x。下列关于x的说法正确的是()A．x是α粒子，具有很强的电离本领B．x是α粒子，穿透能力比较弱C．x是中子，中子是卢瑟福通过实验最先发现的D．x是中子，中子是查德威克通过实验最先发现的答案D解析根据该反应的特点可知，该核反应属于重核裂变，根据核反应方程的质量数守恒和电荷数守恒可知，x为中子，故A、B错误；根据物理学史可知，卢瑟福发现了质子，预言了中子的存在，中子是查德威克通过实验最先发现的，C错误，D正确。2．(2019·安徽省“江南十校”高三三月综合质检)如图所示，游乐场中有一半球形的碗状装置固定在水平地面上，装置的内半径为R，在其内表面有一个小孩(可视为质点)从底部向上爬行，小孩与内表面之间的动摩擦因数为0.75，设小孩所受的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则小孩沿该装置缓慢向上爬行的最大高度是()A．0.2RB．0.25RC．0.75RD．0.8R答案A解析设小孩爬到最高处时，小孩与圆心的连线与竖直方向的夹角为θ，对小孩受力分析，由平衡条件得，mgsinθ＝μmgcosθ，解得θ＝37°，又由几何关系得，最大高度h＝R－Rcosθ＝0.2R。故A正确。3．(2019·河南省郑州市一模)甲、乙两个同学打乒乓球，某次动作中，甲同学持拍的拍面与水平方向成45°角，乙同学持拍的拍面与水平方向成30°角，如图所示。设乒乓球击打拍面时速度方向与拍面垂直，且乒乓球每次击打球拍前、后的速度大小相等，不计空气阻力，则乒乓球击打甲的球拍的速度v1与乒乓球击打乙的球拍的速度v2之比为()A.63B.2C.22D.33答案C解析由题可知，乒乓球在甲、乙的拍面之间做斜抛运动，根据斜抛运动的特点可知，乒乓球在水平方向的分速度大小保持不变，竖直方向的分速度是不断变化的。由于乒乓球击打拍面时速度与拍面垂直，则在甲处：vx＝v1sin45°，在乙处：vx＝v2sin30°，所以v1v2＝vxsin45°vxsin30°＝22，故C正确。4．(2019·贵阳一模)2017年，人类第一次直接探测到来自双中子星合并的引力波信号。根据科学家们复原的过程，在两颗中子星合并之前，它们绕二者连线上的某点做圆周运动，且二者越转越近，最终碰撞在一起，形成新的天体。若将两颗中子星都看做是质量均匀分布的球体，则此过程中两中子星的()A．线速度逐渐变小B．角速度保持不变C．周期逐渐变大D．向心加速度逐渐变大答案D解析设两中子星的质量分别为m1、m2，轨道半径分别为r1、r2，相距L，根据万有引力提供向心力可知：Gm1m2L2＝m1r1ω2，Gm1m2L2＝m2r2ω2，r1＋r2＝L，联立可得：r1＝m2m1＋m2L，r2＝m1m1＋m2L，ω＝Gm1＋m2L3，由T＝2πω得，T＝4π2L3Gm1＋m2，根据线速度和角速度的关系，有v1＝ωr1＝Gm22m1＋m2L，v2＝ωr2＝Gm21m1＋m2L，由题可知两中子星的距离变小，故可得两中子星的线速度变大，角速度变大，周期变小，A、B、C错误；对于两中子星的向心加速度，有Gm1m2L2＝m1a1＝m2a2，得a1＝Gm2L2，a2＝Gm1L2，两中子星的距离变小，故可判断两中子星的向心加速度变大，D正确。5．(2019·东北三校高三第一次联合模拟)生活中可以通过霍尔元件来测量转动物体的转速。在一个转动的圆盘边缘处沿半径方向均匀地放置四个小磁铁，其中两个N极向外，两个S极向外，如图甲所示分布。在圆盘边缘附近放置一个霍尔元件，如图乙所示。当电路接通后，会在a、b两端产生电势差，经电路放大后得到脉冲信号。已知脉冲信号的周期为T，若忽略感应电动势的影响，则()A．盘转动的转速为n＝14TB．转速越大，脉冲信号的最大值就越大C．脉冲信号的最大值与h成正比D．圆盘转到图示位置时，如果a点电势高，则霍尔元件中定向移动的电荷带负电答案D解析设圆盘的转动周期为T0，由题意可知，圆盘转动的周期T0＝2T，由公式T0＝1f＝1n可得：n＝12T，故A错误；由公式qvB＝qUh可知，U＝Bvh，所以霍尔元件所在处的磁场越强，脉冲信号的最大值就越大，与圆盘的转速无关，结合公式I＝nqSv＝nqvLh可得：U＝BInqL，所以脉冲信号的最大值与h无关，B、C错误；圆盘转到图示位置，由左手定则可知，定向移动的电荷向下偏转，若要a点电势高，则定向移动的电荷为负电荷，故D正确。6．(2020·广东肇庆高三第一次统考)2022年第24届冬季奥林匹克运动会将在中国举行，跳台滑雪是其中最具观赏性的项目之一。跳台滑雪赛道可简化为助滑道、着陆坡、停止区三部分，如图所示。一次比赛中，质量为m的运动员从A处由静止下滑，运动到B处后水平飞出，落在了着陆坡末端的C点，滑入停止区后，在与C等高的D处速度减为零。已知B、C之间的高度差为h，着陆坡的倾角为θ，重力加速度为g。只考虑运动员在停止区受到的阻力，不计其他能量损失。由以上信息可以求出()A．运动员在空中飞行的时间B．A、B之间的高度差C．运动员在停止区运动过程中克服阻力做功的多少D．C、D两点之间的水平距离答案ABC解析运动员从B点做平抛运动，则由h＝12gt2可求解运动员在空中飞行的时间，A正确；由htanθ＝v0t可求解在B点的速度v0，再由mghAB＝12mv20可求解A、B之间的高度差，B正确；从B点到D点，由12mv20＋mgh＝Wf可求解运动员在停止区运动过程中克服阻力做功的多少，C正确；由题中条件无法求解C、D两点之间的水平距离，D错误。7．(2019·河南六市高三第二次联考)如图甲所示，光滑绝缘的水平面附近存在一个平行于水平面的电场，其中某一区域的电场线与x轴平行，现有一个质量为0.1kg，电荷量为－2.0×10－8C的滑块P(可看做质点)，仅在电场力作用下由静止沿x轴向左运动。电场力做的功W与物块坐标x的关系用图乙中曲线表示，图中斜线为该曲线过点(0.3,3)的切线。则下列说法正确的是()A．此电场一定是匀强电场B．电场方向沿x轴的正方向C．点x＝0.3m处的场强大小为1.0×10－5N/CD．x＝0.3m与x＝0.7m间的电势差为100V答案BD解析由图可知，滑块P向左运动的过程中，图线的斜率逐渐增大，根据ΔW＝qE·Δx，则场强逐渐增大，此电场一定不是匀强电场，A错误；滑块P向左运动的过程中，电场力做正功，则电场方向沿x轴的正方向，B正确；根据ΔW＝qE·Δx，点x＝0.3m处的电场力大小为F＝qE＝k＝3×10－60.6－0.3N＝1.0×10－5N，则E＝Fq＝1.0×10－52.0×10－8V/m＝500V/m，C错误；若滑块P由x＝0.3m运动到x＝0.7m，电场力做功为W＝－2×10－6J，可知电势差为U＝Wq＝－2×10－6－2.0×10－8V＝100V，D正确。8.(2019·湖南常德一模)一竖直放置的轻弹簧，一端固定于地面，一端与质量为3kg的B物体固定在一起，质量为1kg的A物体叠放在B上。现在A和B正在一起竖直向上运动，如图所示。当A、B分离后，A继续上升0.2m到达最高点，此时B的速度方向向下，弹簧处于原长，则从A、B分离起至A到达最高点的这一过程中(g取10m/s2)，下列说法正确的是()A．A、B分离时B的加速度为gB．弹簧的弹力对B做的功为零C．弹簧的弹力对B的冲量大小为6N·sD．B的动量变化量为零答案ABC解析由分离的条件可知，A、B分离时二者的速度、加速度相等，二者之间的相互作用力为0，对A分析可知，A的加速度aA＝g，所以B的加速度为g，A正确；A、B分离时弹簧恢复原长，A到最高点时弹簧再次处于原长，则从A、B分离起至A到达最高点的这一过程中弹簧的弹性势能变化为零，所以弹簧对B做的功为零，B正确；A、B分离后A做竖直上抛运动，可知A、B分离时的速度均为v＝2gh＝2×10×0.2m/s＝2m/s，A上升到最高点所需的时间：t＝2hg＝0.2s，对B，由运动的对称性可知，A到达最高点时，B的速度大小为2m/s，方向竖直向下，对B在此过程内用动量定理(规定向下为正方向)得：mBgt＋IF＝mBv－(－mBv)，解得弹簧的弹力对B的冲量大小为：IF＝6N·s，B的动量变化量为Δp＝mBv－(－mBv)＝12kg·m/s，C正确，D错误。