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阶段滚动卷四本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分，满分100分，时间90分钟。第Ⅰ卷一、选择题(本题共12小题，每小题4分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1～6题只有一个选项符合题目要求，第7～12题有多项符合题目要求，全部答对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分)1．(2019·西藏昌都四中二模)下列光的波粒二象性的说法中，正确的是()A．有的光是波，有的光是粒子B．光子与电子是同样的一种粒子C．光的波长越长，其波动性越显著；波长越短，其粒子性越显著D．大量光子的行为往往显示出粒子性答案C解析光同时具有波动性与粒子性，只不过有时波动性明显，有时粒子性明显，A错误；光子和电子是两种完全不同的粒子，B错误；光的波长越长，其波动性越显著，波长越短，其粒子性越显著，C正确；个别光子的作用效果往往表现为粒子性，大量光子的作用效果往往表现为波动性，D错误。2．(2019·北京石景山高三统一测试)α、β和γ射线穿透物质的能力是不同的，为把辐射强度减到一半所需铝板的厚度分别为0.0005cm、0.05cm和8cm。工业部门可以使用射线来测厚度。如图所示，轧钢厂的热轧机上可以安装射线测厚仪，仪器探测到的射线强度与钢板的厚度有关，轧出的钢板越厚，透过的射线越弱。因此，将射线测厚仪接收到的信号输入计算机，就可以对钢板的厚度进行自动控制。如果钢板的厚度需要控制为5cm，请推测测厚仪使用的射线是()A．α射线B．β射线C．γ射线D．可见光答案C解析根据三种射线的穿透能力，α射线的穿透能力最弱，一张纸就可以把它挡住；γ射线穿透力最强，需要适当厚度的混凝土或铅板才能有效地阻挡；β射线的穿透能力介于α射线和γ射线之间，能穿透普通的纸张，也能穿透几毫米厚的铝板。因钢板的厚度需要控制为5cm，推测测厚仪使用的射线是γ射线，故选C。3．(2019·山东德州二模)关于原子和原子核，下列说法中正确的是()A．甲图所示的氢原子光谱的分离特征可以用经典物理学解释B．由乙图可知，63Li原子核中的平均核子质量比168O的要小C．要产生丙图所示的链式反应，裂变物质必须具有一定的体积或质量D．根据丁图可知，1g氡经过38天还剩下0.1g没发生衰变答案C解析经典物理学不能解释氢原子光谱的分离特征，故A错误；核子的平均质量，是原子质量与核子数的比值，原子序数小的原子和原子序数大的原子的平均核子质量大于中等质量的核(铁的平均核子质量最小)，所以63Li原子核中的平均核子质量比168O的要大，故B错误；要产生丙图所示的链式反应，裂变物质必须具有一定的体积或质量，故C正确；氡核其半衰期为3.8天，1g氡经过38天衰变剩下氡的质量为11024g，故D错误。4．(2019·南昌二模)太阳因核聚变释放出巨大的能量，其质量不断减少。太阳光从太阳射到月球表面的时间约500s，月球表面每平方米每秒钟接收到太阳辐射的能量约为1.4×103J，根据爱因斯坦质能方程，太阳每秒钟减少的质量最接近()A．4×109kgB．4×1012kgC．4×1018kgD．4×1024kg答案A解析由题可知，太阳每秒钟辐射的能量为：E＝4πr2×1.4×103J，其中r＝500×3×108m，由爱因斯坦质量方程可知，Δm＝Ec2，代入解得：Δm≈4.4×109kg，故A正确。5．(2019·河南开封高三上第一次模拟)物理学家金斯说过：“虽然h的数值很小，但是我们应当承认，它是关系到保证宇宙存在的。如果说h严格等于0，那么宇宙的物质、宇宙的物质能量，将在十亿万分之一秒的时间内全部变为辐射。”其中h是普朗克常量。关于h的单位，用国际单位制的基本单位表示，正确的是()A．J·sB．J/sC．kg·m2/sD．kg·m2·s3答案C解析J不是基本单位，根据功的公式W＝Fs，牛顿第二定律F＝ma可知1J＝1kg·m·s－2·m＝1kg·m2·s－2，根据每一份能量子等于普朗克常数乘以辐射电磁波的频率E＝hν可得：1kg·m2·s－2s－1＝1kg·m2·s－1，h用国际单位制的基本单位表示为kg·m2·s－1，故C正确。6．(2019·北京房山区二模)简谐横波在同一均匀介质中沿x轴正方向传播，波速为v。若某时刻在波的传播方向上，位于平衡位置的两质点a、b相距为s，a、b之间只存在一个波谷，则从该时刻起，下列四个波形图中质点a最早到达波谷的是()答案D解析由图A知，波长λ＝2s，周期T＝2sv，由图知质点a向上振动，经34T第一次到达波谷，用时t1＝34T＝3s2v；B图对应波长λ＝s，周期T＝sv，由图知质点a向下振动，经T4第一次到达波谷，用时t2＝14T＝s4v；C图对应波长λ＝s，周期T＝sv，由图知质点a向上振动，经34T第一次到达波谷，用时t3＝34T＝3s4v；D图对应波长λ＝2s3，周期T＝2s3v，由图知质点a向下振动，经T4第一次到达波谷，用时t4＝14T＝s6v。比较t1、t2、t3、t4可知，D正确。7．(2019·陕西咸阳三模)光在科学技术、生产和生活中有着广泛的应用，下列说法正确的是()A．用透明的标准平面样板检查光学平面的平整程度是利用光的色散现象B．用三棱镜观察白光看到的彩色图样是利用光的衍射现象C．在光导纤维束内传送图像是利用光的全反射现象D．光学镜头上的增透膜是利用光的干涉现象E．立体电影是应用了光的偏振现象答案CDE解析用透明的标准平面样板检查光学平面的平整程度是利用光的干涉现象，A错误；用三棱镜观察白光看到的彩色图样是利用光的折射而形成的色散现象，B错误；在光导纤维束内传送图像是利用光的全反射现象，C正确；光学镜头上的增透膜是利用光的干涉现象，D正确；立体电影是应用了光的偏振现象，E正确。8．(2019·重庆三诊)在做“用油膜法估测分子的大小”实验时，配制好浓度为0.06%的油酸酒精溶液(单位体积溶液中含有纯油酸的体积)，1mL上述溶液用注射器刚好滴75滴；在撒有均匀痱子粉的水面上用注射器滴1滴油酸酒精溶液，水面上形成油酸薄膜，下图为油膜稳定后的形状，每个正方形小方格的边长为10mm。下列有关该实验说法正确的有()A．油膜的面积为100mm2B．一滴油酸酒精溶液中含纯油酸的体积为8.0×10－6mLC．油酸分子的直径约为7.4×10－9mD．为减小误差应将注射器移到水面中央靠近水面处滴入溶液E．数油膜面积时不慎将几个不足一格的按一格计算，不影响估算结果的数量级答案BDE解析不足半格的舍去，大于半格的算一个，可知油膜区域正方形的个数为105个，则油酸膜的面积约为：S＝105cm2＝1.05×10－2m2，故A错误；每滴酒精油酸溶液中含有纯油酸的体积为：V＝1mL×0.06%×175＝8×10－6mL，把油酸分子看成球形，且不考虑分子间的空隙，则油酸分子直径为：d＝VS＝8×10－12m31.05×10－2m2≈7.62×10－10m，故B正确，C错误；吸取油酸酒精溶液，应将滴管移到水面中央靠近水面处滴入溶液，故D正确；某次实验中数油膜面积时将不足一格的也都按一格计算，求得的面积偏大，则得到的直径偏小，但不会影响数量级，故E正确。9．(2019·山东威海三模)下列说法正确的是()A．分子间距离减小时，分子势能一定增大B．单晶体和多晶体有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点C．在绝热压缩和等温压缩过程中，气体内能均不变D．机械能可以全部转化为内能，内能也可以全部转化为机械能E．当人们感到干燥时，空气的相对湿度一定较小答案BDE解析当分子间的距离r＞r0时，分子力表现为引力，随着r的减小，分子引力做正功，分子势能减小，当r＜r0时，分子力表现为斥力，随着r的减小，分子斥力做负功，分子势能增大，故A错误；单晶体和多晶体有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点，故B正确；根据热力学第一定律，在绝热(Q＝0)压缩(W＞0)过程中，内能增大，在等温(ΔU＝0)压缩(W0)过程中，内能不变，故C错误；根据热力学第二定律，机械能可以全部转化为内能，内能也可以全部转化为机械能，但会引起其他的一些变化，故D正确；当人们感到干燥时，空气的相对湿度一定较小，故E正确。10．(2019·成都三模)如图所示为制冷机(如空调)工作循环过程的pV图象，其中1→2和3→4为绝热过程，2→3和4→1为等温过程。假设一定质量的理想气体经历了图示的循环过程，则下列说法正确的是()A．过程1→2中，气体分子的平均动能增大B．过程2→3中，外界对气体做的功等于气体对外界放的热C．气体在状态2的内能和在状态4的内能相等D．气体在过程2→3中对外界放的热大于过程4→1中从外界吸的热E．气体在过程4→1中，将从外界吸的热全部用于对外界做功，该过程不遵循热力学第二定律答案ABD解析根据热力学第一定律ΔU＝W＋Q,1→2是绝热过程(Q＝0)，体积减小(W＞0)，内能增大(ΔU＞0)，气体分子的平均动能增大，故A正确；根据热力学第一定律ΔU＝W＋Q，过程2→3中是等温过程(ΔU＝0)，体积减小(W＞0)，气体放热(Q＜0)，外界对气体做的功等于气体对外界放的热，故B正确；根据热力学第一定律ΔU＝W＋Q,3→4为绝热过程(Q＝0)，气体体积增大(W＜0)，内能减小(ΔU＜0)，而2→3中是等温过程(ΔU＝0)，所以气体在状态2的内能和在状态4的内能不相等，故C错误；pV图象和横轴围成的面积表示气体做的功，设2→3过程外界对气体做功为W1,4→1过程外界对气体做功为W2，根据图象可知，W1＞W2；2→3和4→1为等温过程，内能不变，根据热力学第一定律ΔU＝W＋Q，气体在过程2→3中对外界放的热大于过程4→1中从外界吸的热，故D正确；气体在过程4→1中，将从外界吸的热全部用于对外界做功，但引起了气体体积的膨胀，所以该过程并不违反热力学第二定律，故E错误。11．(2019·福州高三第三次质检)关于热力学定律，下列说法正确的是()A．根据热力学第一定律可知，一定质量的理想气体等压膨胀对外做功，内能一定减少B．第一类永动机不可能制成，是因为它违反了热力学第一定律C．热力学第二定律是从另一个侧面阐述能量守恒定律D．从微观意义上讲，热力学第二定律是一个统计规律E．熵是系统内分子运动无序性的量度，一个孤立的系统总是从熵小的状态向熵大的状态发展答案BDE解析一定质量的理想气体等压膨胀，温度升高，内能增加，故A错误；第一类永动机不可能制成，是因为它违反了热力学第一定律，故B正确；热力学第二定律是反映宏观自然过程的方向性的定律，并不是从另一个侧面阐述能量守恒定律，故C错误；从微观意义上讲，热力学第二定律是一个统计规律，故D正确；熵是系统内分子运动无序性的量度，从微观角度看，一个孤立的系统总是从熵小的状态向熵大的状态发展，故E正确。12．(2019·广东省“六校”高三第三次联考)如图所示是两个理想单摆的振动图象，纵轴表示摆球偏离平衡位置的位移，以向右为正方向。下列说法中正确的是()A．同一摆球在运动过程中前后两次经过轨迹上的同一点，加速度是相同的B．甲、乙两个摆的频率之比为1∶2C．甲、乙两个摆的摆长之比为1∶2D．从t＝0时起，乙第一次到达右方最大位移处时，甲位于平衡位置，速度方向向左E．t＝2s时，甲摆的重力势能最小，乙摆的动能为零答案ADE解析由回复力方程F＝－kx知，对于同一个摆球，在运动过程中前后两次经过轨迹上的同一点时，回复力是相同的，故加速度也是相同的，A正确；根据振动图象知，甲、乙两个单摆的周期分别为T甲＝4s，T乙＝8s，由f＝1T可得，f甲f乙＝T乙T甲＝21，故B错误；由单摆的周期公式T＝2πLg得，单摆的摆长之比L甲∶L乙＝T2甲∶T2乙＝1∶4，故C错误；从t＝0时起，乙第一次到达右方最大位移处时，位移为正，结合图象可知，此时t＝2s，甲位于平衡位置，速度方向向左，故D正确；t＝2s时，甲摆处于最低点，故重力势能最小，乙摆处于最大位移处，速度为零，故动能为零，E正确。第Ⅱ卷二、非选择题(本题共6小题，共52分。解答应写出必要的文字说明、只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位)1