2020高考物理二轮复习 抓分天天练 备考清单答题技巧3.10 计算题答题技巧课件

3．10计算题答题技巧一、审题要领1．明过程：明确研究对象的物理过程，建立物理模型，确定已知量和未知量．2．画草图：画出运动轨迹图、受力分析图、等效图等，直观地展示物理情境．3．析规律：在透析物理情境的基础上，恰当选用物理规律或数学关系．4．审题要注意的关键词“缓慢”“足够长”“至少”“刚好”“最大”“光滑”等；是否需要考虑“重力”；物体是在“竖直面”还是“水平面”运动；物体与弹簧是“连接”还是“接触”；电表的内阻是“等于”还是“约为”．5．审题要挖掘的隐含条件“刚好不相撞”表示物体接触时速度相等．“刚好不分离”表示两物体仍然接触，弹力为零，且速度和加速度相等．“刚好不滑动”表示静摩擦力达到最大静摩擦力．“绳端物体刚好通过最高点”表示绳子拉力为零．“粒子刚好飞出磁场”表示粒子的运动轨迹与磁场的边界相切．二、必要的文字说明1．说明研究对象，如“对整体做受力分析”．2．说明物理过程，如“小球从最低点运动到最高点”．3．画出受力分析图、运动轨迹图、运动过程的示意图．4．说明所设字母的物理意义．5．说明规定的正方向、零势能点．6．说明对隐含条件、临界条件的判断．7．说明所列方程的依据．如“根据动能定理”．8．说明所求结果的正负的含义．三、方程式的规范要求1．要用题中给出的字母列方程，新设字母要说明含义．2．方程式必须是最基本的，不是变形后的公式，但要与题目相结合．3．方程式要分开列，不要写成连等式或综合式，以免一错导致全错不能得分．4．通过联立方程组求出结果，不必写计算过程，不必写复杂的几何证明．5．用字母表示的答案中不能含有未知量，不用写单位．【示例1】如图所示，A、B间存在与竖直方向成45°角斜向上的匀强电场E1，B、C间存在竖直向上的匀强电场E2，A、B的间距为1.25m，B、C的间距为3m，C为荧光屏．一质量m＝1.0×10－3kg、电荷量q＝＋1.0×10－2C的带电粒子由a点静止释放，恰好沿水平方向经过b点到达荧光屏上的O点．若在B、C间再加方向垂直于纸面向外且大小B＝0.1T的匀强磁场，粒子经b点偏转到达荧光屏的O′点(图中未画出)．g取10m/s2.求：(1)E1的大小；(2)加上磁场后，粒子由b点到O′点电势能的变化量及偏转角度．【答题指导】【解析】(1)粒子在A、B间做匀加速直线运动，竖直方向受力平衡则有qE1cos45°－mg＝0①解得E1＝2N/C＝1.4N/C.(2)粒子从a到b的过程中，由动能定理得：qE1dABsin45°＝12mvb2②解得vb＝5m/s加磁场前粒子在B、C间做匀速直线运动，则有：qE2＝mg③加磁场后粒子在B、C间做匀速圆周运动，如图所示：由牛顿第二定律得：qvbB＝mvb2R④解得R＝5m由几何关系得：R2＝dBC2＋(R－y)2⑤解得y＝1.0m粒子在B、C间运动时电场力做的功为：W＝－qE2y＝－mgy＝－1.0×10－2J⑥由功能关系知，粒子的电势能增加了1.0×10－2J设偏转角度为θ，则sinθ＝dBCR＝0.6⑦解得：θ＝37°.【答案】(1)14N/C(2)1.0×10－2J37°【示例2】如图所示，粗糙水平面上放置一个质量M＝2kg、长度L＝5m的木板A，可视为质点的物块B放在木板A的最左端，其质量m＝1kg.已知A、B间的动摩擦因数为μ1＝0.2，A与水平地面间的动摩擦因数为μ2＝0.4.开始时A、B均处于静止状态，当B获得水平向右的初速度v0＝8m/s的同时，对A施加水平向右的恒力，取g＝10m/s2，求：(1)为使物块B不从木板A的右端滑出，力F的最小值为多大？(2)若F＝22N，则物块B的最大速度为多大？【解析】(1)物块B在木板A上做匀减速直线运动，由牛顿第二定律可知μ1mg＝ma1，a1＝μ1g解得：a1＝2m/s2；物块B滑到A的右端时A、B速度相等，则物块B刚好不从木板A的右端滑出，A、B的相对位移为木板长L，木板A的加速度为a2，由速度公式和位移公式可知：木板A的速度为：v＝a2t物块B的速度为：v＝v0－a1ta2t＝v0－a1t木板A的位移为：xA＝v2t物块B的位移为：xB＝v0＋v2tA、B的相对位移为木板长L：L＝xB－xAL＝v0＋v2t－v2t联立以上各式解得：a2＝225m/s2对木板A，由牛顿第二定律可知：F1＋μ1mg－μ2(m＋M)g＝Ma2解得：F1＝18.8N；(2)物块B在木板A上先做匀减速直线运动，加速度为a1＝2m/s2；木板A做匀加速直线运动．对木板A，由牛顿第二定律可得：F＋μ1mg－μ2(m＋M)g＝Ma3解得：a3＝6m/s2设经过时间t1，A、B两物体速度相同，大小都为v1v1＝v0－a1t1v1＝a3t1v0－a1t1＝a3t1联立解得：t1＝1s，v1＝6m/s在此过程中A、B的位移分别为xA1、xB1，则：xA1＝v2t1xB1＝v0＋v2t1A、B间的相对位移为：Δx1＝xB1－xA1Δx1＝v0＋v12t1－v12t1A、B速度相同后，木板A以a4的加速度继续匀加速运动，由牛顿运动定律可知：F－μ1mg－μ2(m＋M)g＝Ma4解得：a4＝4m/s2由于a4a1，所以物块B也向右做匀加速运动，但相对木板A向左运动，经时间t2后物块B会从木板A的左端滑出，在这段时间内：木板A的位移为：xA2＝v1t2＋12a4t22物块B的位移为：xB2＝v1t2＋12a1t22A、B间的相对位移Δx2＝Δx1，则：Δx1＝xA2－xB2Δx1＝v1t2＋12a4t22－v1t2＋12a1t22联立解得：t2＝2s物块B从木板A的左端滑出时的速度为：v3＝v1＋a1t2解得：v3＝10m/s物块B从木板A的左端滑出后落到地面上做匀减速运动，所以整个过程中，物块B从木板A的左端滑出时的速度为最大速度为：10m/s.【答案】(1)18.8N(2)10m/s