2019秋高中数学 第一章 解三角形章末复习课课件 新人教A版必修5

第一章解三角形章末复习课[整合·网络构建][警示·易错提醒]1．三角形解的个数的确定(易错点)已知两边和其中一边的对角不能唯一确定三角形，解这类三角形问题可能出现一解、两解、无解的情况，这时应结合“三角形中大边对大角”的知识进行求解．解答过程中一般用正弦定理，但也可用余弦定理．(1)利用正弦定理讨论：若已知a、b、A，由正弦定理asinA＝bsinB，得sinB＝bsinAa.若sinB＞1，无解；若sinB＝1，一解；若sinB＜1，当b＞a时，两解．(2)利用余弦定理讨论：已知a、b、A，由余弦定理a2＝c2＋b2－2cbcosA，即c2－(2bcosA)c＋b2－a2＝0，这是关于c的一元二次方程．若方程无解或无正数解，则三角形无解；若方程有唯一正数解，则三角形有一解；若方程有两不同正数解，则三角形有两解．2．三角形形状的判定方法判定三角形形状通常有两种途径：一是通过正弦定理和余弦定理化边为角(如：a＝2RsinA，a2＋b2－c2＝2abcosC等)，利用三角变换得出三角形内角之间的关系进行判断．此时注意一些常见的三角恒等式所体现的角之间的关系．如：sinA＝sinB⇔A＝B；sin(A－B)＝0⇔A＝B；sin2A＝sin2B⇔A＝B或A＋B＝π2等．二是利用正弦定理、余弦定理化角为边，如：sinA＝a2R(R为△ABC外接圆半径)，cosA＝b2＋c2－a22bc等，通过代数恒等变换求出三条边之间的关系进行判断．3.解三角形应用题的基本思路解三角形应用题的关键是将实际问题转化为解三角形问题来解决．基本解题思路是：首先分析此题属于哪种类型的问题(如测量距离、高度、角度等)，然后依题意画出示意图，把已知量和未知量标在示意图中(目的是发现已知量与未知量之间的关系)，最后确定用哪个定理转化，哪个定理求解，并进行作答．解题时还要注意近似计算的要求．专题一利用正、余弦定理解三角形(自主研析)[例1]在△ABC中，B＝45°，AC＝10，cosC＝255.(1)求BC边的长；(2)求AB边上的中线CD的长．解：(1)由cosC＝255，得sinC＝55，sinA＝sin(180°－45°－C)＝sin(135°－C)＝22(cosC＋sinC)＝31010.由正弦定理，得BC＝ACsinB·sinA＝1022×31010＝32.(2)由正弦定理，得AB＝ACsinB·sinC＝1022×55＝2.BD＝12AB＝1.由余弦定理，得CD＝BD2＋BC2－2BD·BCcosB＝1＋18－2×1×32×22＝13.归纳升华应用正、余弦定理需注意的三点1．正弦定理和余弦定理提示了三角形边角之间的关系，解题时要根据题目条件恰当地实现边角的统一．2．统一为“角”后，要注意正确利用三角恒等变换及诱导公式进行变形；统一为“边”后，要注意正确利用配方、因式分解等代数变换方法进行变形．3．求值时注意方程思想的运用．[变式训练]△ABC的内角A，B，C的对边分别为a，b，c，asinA＋csinC－2asinC＝bsinB.(1)求角B的大小；(2)若A＝75°，b＝2，求a，c.解：(1)由正弦定理得a2＋c2－2ac＝b2.由余弦定理得b2＝a2＋c2－2accosB.故cosB＝22，因此B＝45°.(2)sinA＝sin(30°＋45°)＝sin30°cos45°＋cos30°sin45°＝2＋64.故a＝b·sinAsinB＝1＋3.由已知得，C＝180°－45°－75°＝60°，c＝b·sinCsinB＝2·sin60°sin45°＝6.专题二判断三角形的形状问题[例2]已知△ABC中，内角A，B，C所对的边分别为a，b，c，a3＋b3－c3a＋b－c＝c2，且acosB＝bcosA，试判断△ABC的形状．解：由a3＋b3－c3a＋b－c＝c2，得a3＋b3－c3＝c2(a＋b)－c3，所以a2＋b2－ab＝c2，所以cosC＝120，又因为C∈(0°，180°)，所以C＝60°.由acosB＝bcosA，得2RsinAcosB＝2RsinBcosA(R为△ABC外接圆的半径)，所以sin(A－B)＝0，又因为A－B∈(－120°，120°)，所以A－B＝0°，所以A＝B＝C＝60°，所以△ABC为等边三角形．归纳升华利用正、余弦定理判断三角形形状的方法主要有两种方法：方法一，通过边之间的关系判断形状；方法二，通过角之间的关系判断形状．利用正、余弦定理可以将已知条件中的边、角互化，把条件转化为边的关系或转化为角的关系．[变式训练]在△ABC中，若(a2＋b2)·sin(A－B)＝(a2－b2)sin(A＋B)，请判断三角形的形状．解：因为(a2＋b2)sin(A－B)＝(a2－b2)sin(A＋B)，所以(a2＋b2)(sinAcosB－cosAsinB)＝(a2－b2)·(sinAcosB＋cosAsinB)，所以2b2sinAcosB－2a2cosAsinB＝0，所以a2b2＝sinAcosBcosAsinB，又由正弦定理可得a2b2＝sin2Asin2B，所以sinAcosBcosAsinB＝sin2Asin2B，所以cosBcosA＝sinAsinB，所以sin2A＝sin2B.又因为A∈(0，π)，B∈(0，π)，所以2A＝2B或2A＋2B＝π，即A＝B或A＋B＝π2，所以△ABC为等腰三角形或直角三角形．专题三正、余弦定理的实际应用[例3]已知海岛A四周8海里内有暗礁，有一货轮由西向东航行，望见岛A在北偏东75°，航行202海里后，见此岛在北偏东30°，若货轮不改变航向继续前进，有无触礁危险？解：如图所示，在△ABC中，依题意得BC＝202海里，∠ABC＝90°－75°＝15°，∠BAC＝60°－∠ABC＝45°.由正弦定理，得ACsin15°＝BCsin45°，所以AC＝202sin15°sin45°＝10(6－2)．故A到航线的最短距离为AD＝ACsin60°＝10(6－2)×32＝152－56(海里)．因为152－568，所以货轮无触礁危险．归纳升华正、余弦定理与三角函数的综合应用1．以三角形为载体，以正、余弦定理为工具，以三角恒等变换为手段来考查三角形问题是近年高考的热点．在具体解题时，除了熟练使用正、余弦定理外，也要根据条件合理选用三角函数公式，达到化简问题的目的．2．解三角形问题的实质是将几何问题转化为代数问题．在高考中，出题者有时会利用平面向量等知识给出某些已知条件，这些知识一般只起到“点缀”作用，难度较小．[变式训练]如图，在海岛A上有一座海拔1千米的山，山顶设有一个观察站P，上午11时，测得一轮船在岛北偏东30°，俯角为30°的B处，到11时10分又测得该船在岛北偏西60°，俯角为60°的C处．(1)求船的航行速度是每小时多少千米？(2)又经过一段时间后，船到达海岛的正西方向的D处，问此时船距岛A有多远？解：(1)在Rt△PAB中，∠APB＝60°，PA＝1，所以AB＝3.在Rt△PAC中，∠APC＝30°，所以AC＝33.在△ACB中，∠CAB＝30°＋60°＝90°，所以BC＝AC2＋AB2＝332＋（3）2＝303.则船的航行速度为303÷16＝230(千米/时)．(2)在△ACD中，∠DAC＝90°－60°＝30°，sin∠DCA＝sin(180°－∠ACB)＝sin∠ACB＝ABBC＝3303＝31010，sin∠CDA＝sin(∠ACB－30°)＝sin∠ACB·cos30°－cos∠ACB·sin30°＝31010·32－12·1－310102＝（33－1）1020.由正弦定理得ADsin∠DCA＝ACsin∠CDA，所以AD＝AC·sin∠DCAsin∠CDA＝33·31010（33－1）1020＝9＋313.故此时船距岛A有9＋313千米．专题四：三角函数的综合应用[例4](2018·全国卷Ⅰ)在平面四边形ABCD中，∠ADC＝90°，∠A＝45°，AB＝2，BD＝5.(1)求cos∠ADB；(2)若DC＝22，求BC.解：(1)在△ABD中，由正弦定理得BDsin∠A＝ABsin∠ADB.即5sin45°＝2sin∠ADB，所以sin∠ADB＝25.由题设知，∠ADB＜90°，所以cos∠ADB＝1－225＝235.(2)由题设及(1)知，cos∠BDC＝sin∠ADB＝25.在△BCD中，由余弦定理得：BC2＝BD2＋DC2－2·BD·DC·cos∠BDC＝25＋8－2×5×22×25＝25.所以BC＝5.归纳升华与函数思想相联系的就是方程思想．所谓方程思想，就是在解决问题时，用事先设定的未知数沟通问题所涉及的各量间的制约关系，列出方程(组)，从而求出未知数及各量的值，使问题得以解决．方程可以看作未知量与已知量相互制约的条件，它建设了由已知探索未知的桥梁．在利用正弦、余弦定理求角或边长时，往往渗透着函数与方程思想．[变式训练]在△ABC中，设角A，B，C的对边分别为a，b，c，已知cos2A＝sin2B＋cos2C＋sinAsinB.(1)求角C的大小；(2)若c＝3，求△ABC周长的取值范围．解：(1)由题意知1－sin2A＝sin2B＋1－sin2C＋sinAsinB，即sin2A＋sin2B－sin2C＝－sinAsinB，由正弦定理得a2＋b2－c2＝－ab，由余弦定理得cosC＝a2＋b2－c22ab＝－ab2ab＝－12，又因为0Cπ，所以C＝2π3.(2)由正弦定理得asinA＝bsinB＝csinC＝2，所以a＝2sinA，b＝2sinB，则△ABC的周长为L＝a＋b＋c＝2(sinA＋sinB)＋3＝2sinA＋sinπ3－A＋3＝2sinA＋π3＋3.因为0Aπ3，所以π3A＋π32π3.所以32sinA＋π3≤1，所以232sinA＋π3＋3≤2＋3.即△ABC周长的取值范围是(23，2＋3]．