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第三章磁场6带电粒子在匀强磁场中的运动[学习目标]1.了解带电粒子在匀强磁场中的运动规律。(重点)2.掌握带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动的半径公式和周期公式及应用。(重点、难点)3.了解质谱仪和回旋加速器的工作原理。(难点)自主预习探新知一、带电粒子在匀强磁场中的运动1．洛伦兹力的特点(1)洛伦兹力不改变带电粒子速度的，或者说，洛伦兹力对带电粒子不做功。(2)洛伦兹力方向总与速度方向，正好起到了向心力的作用。垂直大小2．带电粒子在匀强磁场中的运动(1)运动特点：沿着与磁场垂直的方向射入磁场的带电粒子，在匀强磁场中做运动。匀速圆周(2)半径和周期公式质量为m、带电荷量为q、速率为v的带电粒子，在磁感应强度为B的匀强磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力。①半径：由qvB＝mv2r得r＝mvqB。②周期：由T＝2πrv得T＝2πmqB。由此可知带电粒子在磁场中做匀速圆周运动的周期跟速率v和半径r。无关二、质谱仪1．原理：如图所示。2．加速带电粒子进入质谱仪的加速电场，由动能定理得：Uq＝12mv2。①3．偏转带电粒子进入质谱仪的偏转磁场做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力：＝mv2r。②qvB4．由①②两式可以求出粒子的半径r、质量m、比荷qm等。其中由r＝1B2mUq可知电荷量相同时，半径将随变化。5．质谱仪的应用可以测定带电粒子的和分析。同位素质量质量三、回旋加速器1．工作原理如图所示，D1和D2是两个中空的半圆金属盒，它们之间有一定的电势差U，A处的粒子源产生的带电粒子在两盒之间被电场加速。D1、D2处于与盒面垂直的匀强磁场B中，粒子将在磁场中做匀速圆周运动，经半个圆周(半个周期)后，再次到达两盒间的缝隙，控制两盒间电势差，使其恰好改变正负，于是粒子在盒缝间再次被加速，如果粒子每次通过盒间缝隙均能被加速，粒子速度就能够增加到很大。2．周期粒子每经过一次加速，其轨道半径就大一些，但粒子绕圆周运动的周期。3．最大动能由qvB＝mv2r和Ek＝12mv2得Ek＝。q2B2r22m不变1．思考判断(正确的打“√”，错误的打“×”)(1)利用回旋加速器加速带电粒子，要提高加速粒子的最终能量，应尽可能增大磁感应强度B和D形盒的半径R。()(2)带电粒子做匀速圆周运动的半径与带电粒子进入磁场时速度的大小有关，而周期与速度、半径都无关。()(3)回旋加速器工作时，电场必须是周期性变化的。()(4)回旋加速器中，磁场的作用是改变粒子速度的方向，便于多次加速。()√√√√2．在匀强磁场中，一个带电粒子做匀速圆周运动，如果又顺利垂直进入另一磁感应强度是原来磁感应强度2倍的匀强磁场，则()A．粒子的速率加倍，周期减半B．粒子的速率不变，轨道半径加倍C．粒子的速率减半，轨道半径变为原来的14D．粒子的速率不变，周期减半D[因为洛伦兹力对运动电荷不做功，所以速率不变，由轨道半径公式r＝mvqB和周期公式T＝2πmqB可判断，选项D正确。]3．有三束粒子，分别是质子(11H)、氚核(31H)和α(42He)粒子束，如果它们均以相同的速度垂直射入匀强磁场(磁场方向垂直于纸面向里)，图中能正确表示这三束粒子的运动轨迹的是()ABCDC[由粒子在磁场中运动的半径r＝mvqB可知，质子、氚核、α粒子轨迹半径之比r1∶r2∶r3＝m1vq1B∶m2vq2B∶m3vq3B＝m1q1∶m2q2∶m3q3＝1∶3∶2，所以三种粒子的轨道半径应该是质子最小，氚核最大，选项C正确。]合作探究攻重难带电粒子在匀强磁场中的匀速圆周运动1.轨迹圆心的两种确定方法(1)已知粒子运动轨迹上两点的速度方向时，作这两速度的垂线，交点即为圆心，如图所示。(2)已知粒子轨迹上的两点和其中一点的速度方向时，画出粒子轨迹上的两点连线(即过这两点的圆的弦)，作它的中垂线，并画出已知点的速度的垂线，则弦的中垂线与速度的垂线的交点即为圆心，如图所示。2．三种求半径的方法(1)根据半径公式r＝mvqB求解。(2)根据勾股定理求解，如图所示，若已知出射点相对于入射点侧移了x，则满足r2＝d2＋(r－x)2。(3)根据三角函数求解，如图所示，若已知出射速度方向与水平方向的夹角为θ，磁场的宽度为d，则有关系式r＝dsinθ。3．四种角度关系(1)如图所示，速度的偏向角(φ)等于圆心角(α)。(2)圆心角α等于AB弦与速度方向的夹角(弦切角θ)的2倍(φ＝α＝2θ＝ωt)。(3)相对的弦切角(θ)相等，与相邻的弦切角(θ′)互补，即θ＋θ′＝180°。(4)进出同一直边界时速度方向与该直边界的夹角相等。4．两种求时间的方法(1)利用圆心角求解，若求出这部分圆弧对应的圆心角，则t＝θ2πT。(2)利用弧长s和速度v求解，t＝sv。【例1】如图所示，一带电荷量为2.0×10－9C、质量为1.8×10－16kg的粒子，在直线上一点O沿与直线夹角为30°方向进入磁感应强度为B的匀强磁场中，经过1.5×10－6s后到达直线上另一点P，求：(1)粒子做圆周运动的周期；(2)磁感应强度B的大小；(3)若O、P之间的距离为0.1m，则粒子的运动速度多大？思路点拨：(1)画出粒子由O点到P点的运动轨迹，确定圆心、圆心角。(2)确定粒子运动时间与周期的关系。(3)确定粒子运动的半径及其与OP之间的关系。[解析](1)作出粒子轨迹，如图所示，由图可知粒子由O到P的大圆弧所对的圆心角为300°，则tT＝300°360°周期T＝65t＝65×1.5×10－6s＝1.8×10－6s。(2)由于粒子做圆周运动所需的向心力为洛伦兹力，得Bqv＝mv2R，所以B＝mvqR＝mqω＝2πmqT＝2×3.14×1.8×10－162.0×10－9×1.8×10－6T＝0.314T。(3)由几何知识可知，半径R＝OP＝0.1m故粒子的速度v＝BqRm＝0.314×2.0×10－9×0.11.8×10－16m/s＝3.49×105m/s。[答案](1)1.8×10－6s(2)0.314T(3)3.49×105m/s上例中，若粒子带电荷量为－2.0×10－9C，其他条件不变，则粒子经多长时间到达另一点P′？提示：t＝60360T＝0.3×10－6s。分析带电粒子在磁场中做圆周运动问题的要点(1)确定粒子的运动轨迹、半径、圆心角等是解决此类问题的关键。(2)掌握粒子在匀强磁场中做圆周运动的轨迹半径公式和周期公式是分析此类问题的依据。1．如图所示，一束电子(电荷量为e)以速度v垂直射入磁感应强度为B、宽度为d的匀强磁场中，穿出磁场时速度方向与原来入射方向的夹角是30°，则电子的质量是___________________________，在磁场中的运动时间是________。[解析]电子在磁场中运动只受洛伦兹力作用，故其轨迹是圆弧的一部分，又因为F⊥v，故圆心在电子穿入和穿出磁场时受到洛伦兹力指向交点，如题图所示的O点。由几何知识可知，CD间圆心角θ＝30°，OD为半径。r＝dsin30°＝2d，又由r＝mvBe得m＝2dBev电子在磁场中的运动时间t＝θ360°T解得t＝112×2πmeB＝πd3v。[答案]2dBevπd3v回旋加速器1.磁场的作用：带电粒子以某一速度垂直磁场方向进入匀强磁场后，在洛伦兹力的作用下做匀速圆周运动。其周期在q、m、B不变的情况下与速度和轨道半径无关，带电粒子每次进入D形盒都运动半个周期(πmqB)后平行电场方向进入电场加速。如图所示。2．电场的作用：回旋加速器的两个D形盒之间的狭缝区域存在周期性变化的且垂直于两个D形盒正对截面的匀强电场，带电粒子经过该区域时被加速。根据动能定理：qU＝ΔEk。3．交变电压的作用：为保证粒子每次经过狭缝时都被加速，使之能量不断提高，需在狭缝两侧加上跟带电粒子在D形盒中运动周期相同的交变电压。4．带电粒子的最终能量：由r＝mvqB知，当带电粒子的运动半径最大时，其速度也最大，若D形盒半径为R，则带电粒子的最终动能Ekm＝q2B2R22m。可见，要提高加速粒子的最终能量，应尽可能地增大磁感应强度B和D形盒的半径R。5．粒子被加速次数的计算：粒子在回旋加速器中被加速的次数n＝EkmqU(U是加速电压的大小)，一个周期加速两次。6．粒子在回旋加速器中运动的时间：在电场中运动的时间为t1，在磁场中运动的时间为t2＝n2T＝nπmqB(n是粒子被加速次数)，总时间为t＝t1＋t2，因为t1≪t2，一般认为在盒内的时间近似等于t2。【例2】(多选)回旋加速器是加速带电粒子的装置，其核心部分是分别与高频交流电源两极相连接的两个D形金属盒，两盒间的狭缝中形成周期性变化的电场，使粒子在通过狭缝时都能得到加速，两D形金属盒处于垂直于盒底的匀强磁场中，如图所示。设D形盒半径为R，若用回旋加速器加速质子时，匀强磁场的磁感应强度为B，高频交流电频率为f，则下列说法正确的是()A．质子被加速后的最大速度不可能超过2πfRB．质子被加速后的最大速度与加速电场的电压大小无关C．只要R足够大，质子的速度可以被加速到任意值D．不改变B和f，该回旋加速器也能用于加速α粒子思路点拨：(1)粒子通过电场加速，但粒子最终获得的速度与电场无关。(2)粒子在磁场中做圆周运动的周期等于交变电压的周期。AB[由evB＝mv2R可得回旋加速器加速质子的最大速度为v＝eBRm。由回旋加速器高频交流电频率等于质子运动的频率，有f＝eB2πm，联立解得质子被加速后的最大速度不可能超过2πfR，选项A、B正确，C错误；由于α粒子在回旋加速器中运动的频率是质子的12，不改变B和f，该回旋加速器不能用于加速α粒子，选项D错误。]求解回旋加速器问题的两点注意(1)带电粒子通过回旋加速器最终获得的动能Ekm＝q2B2R22m，与加速的次数以及加速电压U的大小无关。(2)交变电源的周期与粒子做圆周运动的周期相等。2．回旋加速器D形盒中央为质子流，D形盒的交流电压为U，静止质子经电场加速后，进入D形盒，其最大轨道半径为R，磁场的磁感应强度为B，质子质量为m。求：(1)质子最初进入D形盒的动能为多大？(2)质子经回旋加速器最后得到的动能为多大？(3)交流电源的频率是多少？[解析](1)粒子在电场中加速，由动能定理得eU＝Ek－0解得Ek＝eU。(2)粒子在回旋加速器的磁场中运动的最大半径为R，由牛顿第二定律得evB＝mv2R质子的最大动能Ekm＝12mv2解得Ekm＝e2B2R22m。(3)由电源的周期与频率间的关系可得f＝1T电源的周期与质子的运动周期相同，均为T＝2πmeB解得f＝eB2πm。[答案](1)eU(2)e2B2R22m(3)eB2πm课堂小结知识脉络1.带电粒子在磁场中的匀速圆周运动——定圆心、找半径、求时间。2.两大应用——质谱仪、回旋加速器。当堂达标固双基1．如图所示，水平导线中有电流I通过，导线正下方的电子初速度的方向与电流I的方向相同，则电子将()A．沿路径a运动，轨迹是圆B．沿路径a运动，轨迹半径越来越大C．沿路径a运动，轨迹半径越来越小D．沿路径b运动，轨迹半径越来越小B[由左手定则可判断电子运动轨迹向下弯曲。又由r＝mvqB知，B减小，r越来越大，故电子的径迹是a。故选B。]2．质量和电荷量都相等的带电粒子M和N以不同的速率经小孔S垂直进入匀强磁场，运行的半圆轨迹如图中虚线所示，下列说法正确的是()A．M带负电，N带正电B．M的速率小于N的速率C．洛伦兹力对M、N做正功D．M的运行时间大于N的运行时间A[根据左手定则可知，N带正电，M带负电，A正确；因为r＝mvBq，而M的轨道半径大于N的轨道半径，所以M的速率大于N的速率，B错误；洛伦兹力不做功，C错误；M和N的运行时间都为t＝πmBq，D错误。]3．现代质谱仪可用来分析比质子重很多倍的离子，其示意图如图所示，其中加速电压恒定。质子在入口处从静止开始被加速电场加速，经匀强磁场偏转后从出口离开磁场。若某种一价正离子在入口处从静止开始被同一加速电场加速，为使它经匀强磁场偏转后仍从同一出口离开磁场，需将磁感应强度增加到原来的12倍。此离子和质子的质量比约为()A．11B．1