2019-2020学年高中数学 第2章 圆锥曲线与方程 2.3.2 抛物线的几何性质（二）课件 新人

第二章圆锥曲线与方程2.3抛物线2.3.2抛物线的几何性质(二)学习目标核心素养1.掌握直线与抛物线位置关系的判断.2.掌握直线与抛物线相交时与弦长相关的知识.3.掌握直线与抛物线相关的求值、证明问题.1.由直线与抛物线的位置关系及弦，培养学生的数学运算素养.2.以直线与抛物线相关的求值、证明为载体，提升学生的逻辑推理、数学运算素养.自主预习探新知直线与抛物线的位置关系及判定位置关系公共点判定方法相交___________公共点k＝0或k≠0Δ＞0相切____________公共点Δ＝0相离__公共点Δ＜0联立直线与抛物线方程，得到一个一元二次方程，记判别式为Δ有两个或一个有且只有一个无1．已知点A(－2,3)在抛物线C：y2＝2px的准线上，记C的焦点为F，则直线AF的斜率为()A．－43B．－1C．－34D．－12C[由点A(－2,3)在y2＝2px的准线x＝－p2上得p＝4，∴F(2,0)，∴kAF＝－34，故选C.]2．抛物线y2＝12x截直线y＝2x＋1所得弦长等于()A．15B．215C．152D．15A[令直线与抛物线交于点A(x1，y1)，B(x2，y2)，由y＝2x＋1，y2＝12x，得4x2－8x＋1＝0，∴x1＋x2＝2，x1x2＝14，∴|AB|＝1＋22x1－x22＝5[x1＋x22－4x1x2]＝15.]3．过抛物线y2＝4x的焦点作直线l交抛物线于A，B两点，若线段AB的中点的横坐标为3，则|AB|＝________.8[|AB|＝2x0＋p2＝2(3＋1)＝8.]合作探究提素养直线与抛物线的位置关系【例1】已知抛物线的方程为y2＝4x，直线l过定点P(－2，1)，斜率为k，k为何值时，直线l与抛物线y2＝4x：只有一个公共点；有两个公共点；没有公共点？[解]由题意，设直线l的方程为y－1＝k(x＋2)．由方程组y－1＝kx＋2，y2＝4x，(*)可得ky2－4y＋4(2k＋1)＝0.①(1)当k＝0时，由方程①得y＝1.把y＝1代入y2＝4x，得x＝14.这时，直线l与抛物线只有一个公共点14，1.(2)当k≠0时，方程①的判别式为Δ＝－16(2k2＋k－1)．①由Δ＝0，即2k2＋k－1＝0，解得k＝－1，或k＝12.于是，当k＝－1，或k＝12时，方程①只有一个解，从而方程组(*)只有一个解．这时，直线l与抛物线只有一个公共点．②由Δ0，得2k2＋k－10，解得－1k12.于是，当－1k＜12，且k≠0时，方程①有两个解，从而方程组(*)有两个解．这时，直线l与抛物线有两个公共点．③由Δ0，即2k2＋k－10，解得k－1，或k12.于是，当k－1，或k12时，方程①没有实数解，从而方程组(*)没有解．这时，直线l与抛物线没有公共点．综上，我们可得当k＝－1，或k＝12，或k＝0时，直线l与抛物线只有一个公共点；当－1k12，且k≠0时，直线l与抛物线有两个公共点；当k－1，或k12时，直线l与抛物线没有公共点．直线与抛物线交点的个数，等价于直线方程、抛物线方程联立得到的方程组解的个数.注意直线斜率不存在和得到的方程二次项系数为0的情况.1．如图，过抛物线y2＝x上一点A(4,2)作倾斜角互补的两条直线AB，AC交抛物线于B，C两点，求证：直线BC的斜率是定值．[证明]设kAB＝k(k≠0)，∵直线AB，AC的倾斜角互补，∴kAC＝－k(k≠0)，∵AB的方程是y＝k(x－4)＋2.由方程组y＝kx－4＋2，y2＝x，消去y后，整理得k2x2＋(－8k2＋4k－1)x＋16k2－16k＋4＝0.∵A(4,2)，B(xB，yB)是上述方程组的解．∴4·xB＝16k2－16k＋4k2，即xB＝4k2－4k＋1k2.以－k代换xB中的k，得xC＝4k2＋4k＋1k2，∴kBC＝yB－yCxB－xC＝kxB－4＋2－[－kxC－4＋2]xB－xC＝kxB＋xC－8xB－xC＝k8k2＋2k2－8－8kk2＝－14.∴直线BC的斜率为定值.与抛物线有关的中点弦问题[探究问题]对比椭圆的“中点弦”问题，思考与抛物线有关的“中点弦”问题的解题策略有哪些？[提示](1)点差法：将两个交点的坐标代入抛物线的方程，作差由k＝y1－y2x1－x2求斜率，再由点斜式求解．(2)传统法：设直线方程，并与抛物线的方程联立，消去x(或y)得关于y(或x)的一元二次方程，由根与系数的关系，得两根之和即为中点纵(或横)坐标的2倍，从而求斜率．【例2】已知A，B为抛物线E上不同的两点，若抛物线E的焦点为(1,0)，线段AB恰被M(2,1)所平分．(1)求抛物线E的标准方程；(2)求直线AB的方程．[思路探究]用“点差法”．[解](1)由E的焦点为(1,0)，可设抛物线方程为y2＝2px，且p2＝1，∴p＝2，∴抛物线方程为y2＝4x.(2)设A(x1，y1)，B(x2，y2)，由M(2,1)为线段AB的中点可知直线AB斜率存在且不为零，设直线AB斜率为k.由A，B为抛物线上不同两点得y21＝4x1，①y22＝4x2，②①－②得k＝4y1＋y2＝2，∴直线AB方程为y－1＝2(x－2)，即2x－y－3＝0.1．(变换条件)若本例中条件“线段AB恰被M(2,1)所平分”改为“线段AB恰被M(1,1)所平分”，问这样的直线AB是否存在？若存在，求出直线AB的方程，若不存在，说明理由．[解]由抛物线的焦点为(1,0)，所以p2＝1，p＝2，故抛物线方程为y2＝4x.假设AB斜率存在，即AB不垂直于x轴，故可设AB所在直线的方程为y－1＝k(x－1)(k≠0)．设A(x1，y1)，B(x2，y2)，由y－1＝kx－1，y2＝4x，消去x整理得ky2－4y＋4－4k＝0，Δ＝16－4k(4－4k)0恒成立，又由根与系数的关系得y1＋y2＝4k，根据M为AB的中点，所以4k＝2，k＝2，所以所求直线方程为y－1＝2(x－1)，即2x－y－1＝0.当AB的斜率不存在时，显然不符合题意.2．(变换条件、改变问法)若动点P在抛物线E上移动，求线段PM中点的轨迹方程．[解]设P(x0，y0)，PM中点的坐标为(x，y)，由中点坐标公式得x＝x0＋22，y＝y0＋12，即x0＝2x－2，y0＝2y－1，∵P在抛物线y2＝4x上，∴PM中点的轨迹方程为(2y－1)2＝8(x－1)．解决中点弦问题的基本方法是点差法、根与系数关系的方法，直线方程与抛物线方程联立时，消y有时更简捷，此类问题还要注意斜率不存在的情况，避免漏解.一般地，已知抛物线y2＝2pxp0上两点Ax1，y1，Bx2，y2及AB的中点Px0，y0，则kAB＝py0，直线AB的方程为y－y0＝py0x－x0.线段AB的垂直平分线的方程为y－y0＝－y0px－x0.提醒：涉及弦的中点、斜率时，一般用“点差法”求解.抛物线的综合运用【例3】如图所示，已知直线l：y＝2x－4交抛物线y2＝4x于A，B两点，试在抛物线AOB这段曲线上求一点P，使△PAB的面积最大，并求出这个最大面积．[思路探究]解决本题的关键是弦AB为定值，将点P到直线AB的距离的最值问题转化为二次函数问题求解．在应用配方法求最值时，一定要注意自变量的取值范围．[解]由y＝2x－4，y2＝4x，解得x＝4，y＝4或x＝1，y＝－2，由题图可知A(4,4)，B(1，－2)，则|AB|＝35.设P(x0，y0)为抛物线AOB这段曲线上一点，d为点P到直线AB的距离，则：d＝|2x0－y0－4|5＝15y202－y0－4＝125|(y0－1)2－9|.∵－2＜y0＜4，∴(y0－1)2－9＜0.∴d＝125[9－(y0－1)2]．从而当y0＝1时，dmax＝925，Smax＝12×925×35＝274.因此，当点P的坐标为14，1时，△PAB的面积取得最大值，最大值为274.应用抛物线性质解题的常用技巧1抛物线的中点弦问题用点差法较简便.2轴对称问题，一是抓住对称两点的中点在对称轴上，二是抓住两点连线的斜率与对称轴所在直线斜率的关系.3在直线和抛物线的综合题中，经常遇到求定值、过定点问题.解决这类问题的方法很多，如斜率法、方程法、向量法、参数法等.解决这些问题的关键是代换和转化.4圆锥曲线中的定点、定值问题，常选择一参数来表示要研究问题中的几何量，通过运算找到定点、定值，说明与参数无关，也常用特值探路法找定点、定值.2．如图所示，已知抛物线C：x2＝4y，过点M(0,2)任作一直线与C相交于A，B两点，过点B作y轴的平行线与直线AO相交于点D(O为坐标原点)．(1)求证动点D在定直线上；(2)作C的任意一条切线l(不含x轴)，与直线y＝2相交于点N1，与(1)中的定直线相交于点N2，求证|MN2|2－|MN1|2为定值，并求此定值．[证明](1)依题意可设直线AB的方程为y＝kx＋2，代入x2＝4y，得x2＝4(kx＋2)，即x2－4kx－8＝0.设A(x1，y1)，B(x2，y2)，则有x1x2＝－8.直线AO的方程为y＝y1x1x，直线BD的方程为x＝x2.可得交点D的坐标为x2，y1x2x1，注意到x1x2＝－8及x21＝4y1，则有y＝y1x1x2x21＝－8y14y1＝－2.因此D点在定直线y＝－2(x≠0)上．(2)依题意得切线l的斜率存在且不等于0，设切线l的方程为y＝ax＋b(a≠0)，代入x2＝4y得x2＝4(ax＋b)，即x2－4ax－4b＝0.由Δ＝0得(4a)2＋16b＝0，化简整理得b＝－a2.故切线l的方程可写为y＝ax－a2.分别令y＝2，y＝－2得N1，N2的坐标为：N12a＋a，2，N2－2a＋a，－2，则|MN2|2－|MN1|2＝2a－a2＋42－2a＋a2＝8，即|MN2|2－|MN1|2为定值8.当堂达标固双基1．思考辨析(1)经过抛物线上一点有且只有一条直线与抛物线有一个公共点．()(2)过抛物线内一点只有一条直线与抛物线有且只有一个公共点．()(3)过点(0,1)作直线，使它与抛物线y2＝4x仅有一个公共点的直线有三条．()[提示](1)×过抛物线上一点与抛物线的对称轴平行的直线与抛物线有一个公共点．(2)√(3)√2．已知直线l1：4x－3y＋6＝0和直线l2：x＝－1，抛物线y2＝4x上一动点P到直线l1和直线l2的距离之和的最小值是()A．2B．3C．115D．3716A[∵直线l2：x＝－1恰为抛物线y2＝4x准线，∴P到l2的距离d2＝|PF|(F(1,0)为抛物线焦点)，所以P到l1，l2距离之和最小值为F到l1距离|4×1－3×0＋6|32＋42＝2，故选A.]3．已知点A(4,0)，M是抛物线y2＝6x上的动点，当点M到A距离最小时，M点坐标为________．(1，±6)[设My216，y1，则|MA|2＝y216－42＋y21＝136y41－13y21＋16＝136(y21－6)2＋15≥15，当且仅当y21＝6，即y1＝±6，x1＝y216＝1时，|MA|取最小值15，此时M(1，±6)．]4．直线y＝x＋b交抛物线y＝12x2于A，B两点，O为抛物线的顶点，且OA⊥OB，则b的值为________．2[由y＝x＋b，y＝12x2，得x2－2x－2b＝0，Δ＝(－2)2＋8b＞0，设直线与抛物线的两交点为A(x1，y1)，B(x2，y2)．由根与系数的关系，得x1＋x2＝2，x1x2＝－2b，于是y1y2＝14(x1x2)2＝b2，由OA⊥OB知x1x2＋y1y2＝0，故b2－2b＝0，解得b＝2或b＝0(不合题意，舍去)．b＝2适合Δ0.]5．已知抛物线y2＝－x与直线l