浙江省绿色评价联盟2020届高三物理12月联考试题（PDF）

物理试题参考答案1/52019年浙江省绿色评价联盟12月联考物理参考答案及评分标准一、单项选择题(本题共10小题，每小题3分，共30分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分。)1．A【解析】加速度、力、速度既有大小，又有方向，均是矢量，故A正确；时间只有大小，没有方向，是标量，加速度和力是矢量，故B错误；时间和质量只有大小，没有方向，是标量，位移是矢量，故C错误；功率只有大小，没有方向，是标量，速度和位移既有大小，又有方向是矢量，故D错误；综上所述，本题正确答案为A。2．D【解析】牛顿提出了万有引力定律，但直到卡文迪许测出万有引力常量G，人们才计算出太阳和地球之间的引力，故A错误；为研究某一时刻或某一位置时的速度，取非常小的时间段，即让时间趋向无穷小时的平均速度作为瞬时速度，即采用了极限思维法，而不是等效法，故B错误；将插有细长玻璃管的玻璃瓶内装满水，用力捏玻璃瓶，通过细管内液面高度的变化，来反映玻璃瓶发生形变，该实验采用了放大的思想，而不是控制变量法，故C错误；在探究匀变速运动的位移公式时，将变速运动无限微分后变成了一段段的匀速直线运动，即采用了微元法，故D正确3．B【解析】由匀变速直线运动的速度位移关系公式2202vvax可得2202vaxv，可以知道物体的加速度恒定不变,速度均匀减小，故物体做匀减速直线运动，故A错误；由上式知，2vx图象的斜率大小等于2a，由图可得2002vax，则得物体的加速度大小为2002vax，故B正确；该物体在运动过程中的平均速度为02v，因为物体做匀减速直线运动，所以该物体在运动中间时刻的速度等于02v，物体在位移中点的速度大于中间时刻的速度，所以物体在位移中点的速度大于02v，故C、D错误。综上所述，本题正确答案为B。4．C【解析】运动员与冰面间在水平方向上的相互作用不能忽略，甲、乙组成的系统所受合外力不为零，系统动量不守恒，故A错误；甲、乙间的作用力是作用力与反作用力大小相等、方向相反，故B错误；甲对乙的冲量与乙对甲的冲量大小相等、方向相反，故C正确；虽然甲、乙间的作用力大小相等，但是不知道甲、乙的质量关系，不能求出甲乙动能变化关系，无法判断做功多少，故D错误。综上所述，本题正确答案为C。5．B【解析】忽略星球自转的影响，根据万有引力等于重力得：2vmgmR,得到vgR，2GMmmgR，得到2gRMG。233443gRMgGVGRR这颗行星的重力加速度与地球相近，它的半径大约是地球的2倍，所以它在表面附近运行的速度是地球表面运行速度的2倍，大于7.9km/s，质量是地球的4倍，密度是地球的12。故B正确，A、C错误。航天器飞出太阳系所需要的最小发射速度为第三宇宙速度，即大于等于16.7km/s，故D错误。综上所述，本题正确答案为B。6．B【解析】节点处收到乙的拉力，甲的拉力，以及因为重物的重力产生的拉力，三力平衡，令绳子与竖直方向夹角为，乙的拉力为1tanFmg，甲的拉力为2cosmgF，随着角度的增物理试题参考答案2/5大，1F,2F都变大，乙受到的绳子的拉力与楼顶的摩擦力大小相等，也变大，故A、C错误；甲受到的摩擦力为2sinF，乙受到的摩擦力为2sinF，因为，所以甲所受摩擦力大于乙受到摩擦力，故B正确；楼顶对甲的支持力N为2cosNmgF，为甲的绳子与竖直方向的夹角，不变，2F变大，N变小，故D错误。综上所述，本题正确答案为B。7．D【解析】当小物件以较大速度做平抛运动时，则小物件不应碰到窗口右侧的上沿，则可得2112hgt，11Lvt，解得10.2ts，17/vms，故小物件速度的上限为7/ms；当小物件以较小速度做平抛运动时，则小物件不应碰到窗口左侧的下沿，则可得2212Hhgt，22dLvt，解得2235ts，22.5/vms，故小物件的速度范围为2.5/ms，故D项正确。8．A【解析】风速增大，转速增大，线圈中的磁通量变化增大，产生的感应电流增大，输出电流增大，故A正确；若风力恒定，磁体转速将不断增大，产生的感应电流增大，磁铁受到线圈的作用力也增大，当风力与磁铁受到线圈的作用力相等时，磁体转速达到最大，不会烧坏电流表，故B错误；线圈中的磁通量在不断变化，输出为交变电流，频率应为永磁体转动频率相同，故C错误；若永磁体转动方向相反，线圈中磁通量也会变化，会产生感应电流，电流表会有读数，故D错误。综上所述，本题正确答案为A。9．C【解析】电流的热效应是根据电流的有效值来计算的，故A错误；输电功率PUI，将高压线上电流从正常供电时的I增大到3I，需将将输电电压减小到原来的13，用户得到的电压变小，故B、D项错误；输电线上的热功率2PIR，电流从正常供电时的I增大到3I，输电线电阻热功率为原来9倍，故C项正确。综上所述，本题正确答案为C。10．A【解析】设B与A相距为x时，B对板恰好没有压力，由牛顿第二定律知此时B与A之间的库仑力与重力的关系mg-F=ma，根据库仑定律求得2()kqxmga，此之前B运动的位移S=2x，此时B的速度为V，由运动学公式知V2=2aS=4ax。设电场力和板的支持所做的总功为w，由动能定理知：mgS-w=mV2/2，联立求得：2()wqkmga，故选A。二、不定项选择题(本题共4小题，每小题4分，共16分。每小题列出的四个备选项中有一个或多个是符合题目要求的，漏选得2分，不选、多选、错选均不得分。)11．AC【解析】光镊技术是微观上光与其他微粒的相互作用，说明了光具有粒子性，故A正确；红光波长大于绿光波长，根据hp，红色激光光子动量小于绿色激光光子动量，故B错误；红光频率小于绿光频率，红光折射率小于绿光折射率，根据cvn，红色激光的速度相比绿光的较大，故C正确；根据1sinn，红色激光全反射的临界角大于绿色激光全反射的临界角，红色激光相比绿光更不容易发生全反射，故D项错误。综上所述，本题正确答案为AC。12．CD【解析】同种介质中波的传播速度相同，故A错误；实线波的波长与虚线波的波长相同，它们的波速相等，由波速公式f，频率相同，能发生干涉现象，故B错误；两列波相遇后，x＝5m处的振动方向恰好相反，两列波振幅抵消，振幅最小，故C正确；在时间t=TA内，实线波A向右传播一个周期，而虚线波B向左传播一个周期，此时x=5m处的质点由实线波引起的位移为10cm，由虚线波引起的位移为-5cm，则此时此质点的位移为5cm，故D正确。综上所述，本题正确答案为CD。13．AB【解析】根据质能方程可知该反应放出的核能为△E=(m1+m2-m3-m4)c2，故A正确；反应过程放出能量，说明后面的能量低，更稳定，而比结合能越大，越稳定，说明43Li的比结合物理试题参考答案3/5能大于32He的核子比结合能，故B正确；根据质量数和电荷数守恒可知X的质量数为1，电荷数为0，所以X为中子，不是γ射线，不可以用来工业探伤，故C错误；能量守恒定律是自然界遵守的规律，无法突破，故D错误。综上所述，本题正确答案为AB。14．AC【解析】由对称性可知，在最高点左右两侧对称位置，小球沿水平方向分速度相同，那么在小球达到最高点时，其前后对称时刻的小球的水平分速度相等且最高点时刻水平分速度为正，在图乙中t1时刻满足要求，所以t1时刻小球通过最高点，同理t3时刻小球通过最低点。故A正确，B错误；从t2到t3，小球重力做正功，一直在加速，在最低点时，速度最大，沿水平方向分速度也最大，即V2V1，另外根据对运动过程分析可得S1和S2分别代表从最低点到最左边点以及从最左边点到最高点的水平位移大小，它们对称相等，因此S1和S2的面积相等，故C项正确，D项错误。综上所述，本题正确答案为AC。三、实验题(本题共2小题，每空2分，共16分。)15．（1）D；（2）bgk，1gk（3）0.46m/s2【解析】（1）平衡摩擦力，假设木板倾角为θ，则有:摩擦力Ff=mgcosθ=mgsinθ,m消掉了，所以每次在小车上加减砝码时，不需要重新平衡摩擦力，故A错误；实验时应先接通电源后释放小车，故B错误；本实验小车的质量m2应远大于钩码的质量m1，因为实际上绳子的拉力F=m2a=1121mgmm，所以只有m2m1时，实际上绳子的拉力Fm1g，故C错误；因为a=Fm，所以在用图象探究加速度与质量关系时，应作a-21m图象，故D正确。（2）若有摩擦，根据牛顿第二定律可知，m1g-m2g=m2a，可得21m=11mga+1m，图中直线的斜率为k，在纵轴上的截距为b，因此11mg=k，m1=1gk；1m=b，=bm1=bgk（3）根据匀变速直线运动的推论公式x=at2，由图4可知，x1=1.24cm，x4=2.62cm，则x4-x1=3at2，a=0.46m/s216．（1）a；（2）如图；E=0.79V（0.75-0.85V）；光照强度越大，太阳能电池板的电动势也越大；【解析】（1）测绘伏安特性曲线，电压和电流需从零开始测起，滑动变阻器采用分压式接法，应选图a所示实验电路．（2）①如图②由AEIRRr得11ARrRIEE，即斜率1kE，得到E=0.79V③太阳能电池板离灯40cm和60cm的I-R的图像中，40cm的斜率比60cm的斜率小，即40cm的电动势比60cm的电动势大。靠的近光照强度大，太阳能电池板的电动势也变大。故光照强度越大，太阳能电池板的电动势也越大。四、计算题(本题共3小题，17题11分，18题13分、19题14分，共38分。)17．解：（1）A与B球碰撞前后，A球的速度分别是v1和v2，因A球滑下过程，机械能守恒，则有：物理试题参考答案4/52011(3)sin2mgxmv解得：106sinvgx（1分）又因A与B球碰撞过程中，动量守恒，取沿斜面向下为正方向，则有：122mvmv（1分）联立得：200136sin=10210vgxgx（1分）（2）碰后，A、B和弹簧组成的系统在运动过程中，机械能守恒，则有：2201202sin2Epmvmgx（2分）解得：202001132sin2sin=2210Epmgxmvmgxmgx（2分）（3）设物块在P点初速度为v0，A从P到与B相碰前：机械能守恒，则有2200311(3)sin22mvmgxmv342mvmv224000511223sincos222Epmvmgxxxmv（）（2分）250mvmgx0000016sin128cos=27vgxgxgxgx（1分）18．解：（1）线圈2中的磁感应强度与电流I成正比，比例系数为k，BkI.根据电磁感应定律，SBEt，24ESBdBIRRtRt，2204mdkIIRt（1分）0-t0时，2204mdkIIRt（2分）t0-2t0时，20I（1分）2t0-4t0时，2204mdkIIRt（1分）（2）载流长直导线在距导线垂直距离为r处产生的磁场B=aI/r204mmadkIBRht（1分）dl204madkIFBILIdRht2304mmadkIFRht（1分）0-t0时，232204madkIFtRht（2分）t0-2t0时，F=0（1分）2t0-4t0时，232020-34madkIFttRht（1分）物理试题参考答案5/5（3）230128mmadkIIFtRh冲量（2分）19．解：（1）离子在静电分析器中做匀速圆周运动，根据牛顿第二定律有2mvqER（2分）代入数据解得：22112122221223EvRvEvRv（2分）（2）离子在磁分析器中做匀速圆周运动，根据牛顿第二定律有2vqvBmr（1分）且2211vRRv（1分）由题意可知，圆周运动的轨道半径r=d=4R，解得：=1=14（2分）根据几何关系可得：21249vdRv（2分）（3）不可行。（1分