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1物理试题（考试时间60分钟试题满分100分）一、单项选择题：本题共5小题，每小题5分，共25分，每小题只有一个选项符合题意，答对5分，答错或不答得0分。1、某理想变压器原、副线圈的匝数之比为10∶1，当输入电压增加20V时，输出电压（）A增加200VB增加2VC降低200VD降低2V2、我国第一颗人造地球卫星因可以模拟演奏《东方红》乐曲并让地球上从电波中接收到这段音乐而命名为“东方红一号”．该卫星至今仍沿椭圆轨道绕地球运动．如图所示，设卫星在近地点、远地点的角速度分别为ω1，ω2，在近地点、远地点的速度分别为v1，v2．则（）A21B21C21vvD21vv3、如图，将a、b两小球以不同的初速度同时水平抛出，它们均落在水平地面上的P点，a球抛出时的高度较b球的高，P点到两球起抛点的水平距离相等，不计空气阻力．与a球相比，b球的（）A．初速度较大B．速度变化率较大C．落地时速度一定较大D．落地时速度方向与其初速度方向的夹角较大4、如图所示的电路中，D1、D2是完全相同的灯泡，线圈L的自感系数较大，直流电阻不计。先闭合开关S，电路稳定后再断开开关S，此时（）A.D1立刻熄灭B.D2立刻熄灭C.D1闪亮一下逐渐熄灭D.D2闪亮一下逐渐熄灭5、一个物体在多个力的作用下处于静止状态，如果仅使其中某个力的大小逐渐减小到零，然后又逐渐从零恢复到原来大小，那么，图中能正确描述该过程中物体速度与时间关系的是（）2二、多项选择题：本题共4小题，每小题6分，共24分，每小题有两个或两个以上选项符合题意，全部选对得6分，选对不全得3分，答错或不答得0分。6、根据现行有效国际民航组织《危险物品安全航空运输技术细则》和《中国民用航空危险品运输管理规定》，严禁携带额定能量超过160Wh的充电宝；严禁携带未标明额定能量同时也未能通过标注的其他参数计算得出额定能量的充电宝。如图为国产某品牌一款充电宝的铭牌。则A该充电宝的输入电压为交流5VB该充电宝的输出电压为直流5.1VC该充电宝可以给手机充电最短时间大约10hD乘客可以携带该充电宝登机7、如图，方向竖直向下的匀强磁场中有两根位于同一水平面内的足够长的平行金属导轨，两相同的光滑导体棒ab、cd静止在导轨上。t=0时，棒ab以初速度v0向右滑动。运动过程中，ab、cd始终与导轨垂直并接触良好，两者速度分别用v1、v2表示，回路中的电流用I表示。下列图像中可能正确的是8、跳台滑雪是勇敢者的运动，这项运动非常惊险．如图（a），在跳台滑雪比赛中，运动员在空中滑翔时身体的姿态会影响其下落的速度和滑翔的距离。某运动员先后两次从同一跳台起跳，每次都从离开跳台开始计时，用v表示他在竖直方向的速度，其v-t图像如图（b）所示，t1和t2是他落在倾斜雪道上的时刻。则A．第二次滑翔过程中在竖直方向上的位移比第一次的大ABCD3B．第二次滑翔过程中在水平方向上的位移比第一次的大C．第二次滑翔过程中在竖直方向上的平均加速度比第一次的大D．竖直方向速度大小为v1时，第二次滑翔在竖直方向上所受阻力比第一次的大9、如图所示，质量为m的物体在水平传送带上由静止释放，传送带由电动机带动，始终保持以速度v匀速运动，物体与传送带间的动摩擦因数为u，物体过一会儿能保持与传送带相对静止，对于物体从静止释放到相对静止这一过程，下列说法正确的是（）A.物体在传送带上的划痕长gv22B.传送带克服摩擦力做的功为2m21vC.电动机多做的功为2m23vD.电动机增加的功率为umgv三、简答题：10、用如图1所示装置研究平抛运动。将白纸和复写纸对齐重叠并固定在竖直的硬板上。钢球沿斜槽轨道PQ滑下后从Q点飞出，落在水平挡板MN上。由于挡板靠近硬板一侧较低，钢球落在挡板上时，钢球侧面会在白纸上挤压出一个痕迹点。移动挡板，重新释放钢球，如此重复，白纸上将留下一系列痕迹点。（1）下列实验条件必须满足的有。A．斜槽轨道光滑B．斜槽轨道末段水平C．挡板高度等间距变化D．每次从斜槽上相同的位置无初速度释放钢球（2）为定量研究，建立以水平方向为x轴、竖直方向为y轴的坐标系。a．取平抛运动的起始点为坐标原点，将钢球静置于Q点，钢球的（选填“最上端”、“最下端”或者“球心”）对应白纸上的位置即为原点；在确定y轴时（选填“需要”或者“不需要”）y轴与重锤线平行。b．若遗漏记录平抛轨迹的起始点，也可按下述方法处理数据：如图2所示，在轨迹上取A、B、C三点，AB和BC的水平间距相等4且均为x，测得AB和BC的竖直间距分别是y1和y2，则12yy13（选填“大于”、“等于”或者“小于”）。可求得钢球平抛的初速度大小为（已知当地重力加速度为g，结果用上述字母表示）。（3）为了得到平抛物体的运动轨迹，同学们还提出了以下三种方案，其中可行的是。A．从细管水平喷出稳定的细水柱，拍摄照片，即可得到平抛运动轨迹。B．用频闪照相在同一底片上记录平抛小球在不同时刻的位置，平滑连接各位置，即可得到平抛运动轨迹。C．将铅笔垂直于竖直的白纸板放置，笔尖紧靠白纸板，铅笔以一定初速度水平抛出，将会在白纸上留下笔尖的平抛运动轨迹。（4）伽利略曾研究过平抛运动，他推断：从同一炮台水平发射的炮弹，如果不受空气阻力，不论它们能射多远，在空中飞行的时间都一样。这实际上揭示了平抛物体_________。A．在水平方向上做匀速直线运动B．在竖直方向上做自由落体运动C．在下落过程中机械能守恒11、必做题：（选修3-5）（1）、氢原子能级示意图如图所示。光子能量在1.63eV~3.10eV的光为可见光。要使处于激发态（n=1）的氢原子被激发后可辐射出可见光光子，最少应给氢原子提供的能量为A．1.5leVB．1.89eVC．10.20eVD．12.09eV（2）、太阳内部核反应的主要模式之一是质子—质子循坏，循环的结果可表示为2n4014211eHeH，已知H11和e42H的质量分别为P1.0078um和4.0026um，1u=931MeV/c2，c为光速。核反应方程中则n=，在4个H11转变成1个e42H的过程中,释放的能量约为MeV.(结果保留2位有效数字)（3）、光滑水平面上，质量为1kg的小球A以5m/s的速度向右运动，大小相同的小球B质量为4kg，以0.5m/s的速度向右运动，两者发生正碰，碰撞后小球B以2m/s的速度向右运动。求：①碰后A球的速度v；②碰撞过程中A球对B球的冲量大小I。5四、计算题：本题共1小题，共计19分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．12、如图甲所示，半径R＝0.45m的光滑14圆弧轨道固定在竖直平面内，B为轨道的最低点，B点右侧的光滑水平面上紧挨B点有一静止的小平板车，平板车质量M＝1kg，长度l＝1m，小车的上表面与B点等高，距地面高度h＝0.2m．质量m＝1kg的物块(可视为质点)从圆弧最高点A由静止释放．取g＝10m/s2.试求：(1)物块滑到轨道上的B点时对轨道的压力大小；(2)若锁定平板车并在上表面铺上一种特殊材料，其动摩擦因数从左向右随距离均匀变化，如图乙所示，求物块滑离平板车时的速率；(3)若解除平板车的锁定并撤去上表面铺的材料后，物块与平板车上表面间的动摩擦因数μ＝0.2，物块仍从圆弧最高点A由静止释放，求物块落地时距平板车右端的水平距离．1物理答案及评分标准一、单项选择题：每小题5分，共25分，每小题只有一个选项符合题意，答对5分，答错或不答得0分。题号12345答案BCADD二、多项选择题：每小题6分，共24分，每小题有两个或两个以上选项符合题意，全部选对得6分，选对不全得3分，答错或不答得0分。题号6789答案BDACABDAD三、简答题10、（18分）(1).BD（2分）(2).球心需要大于021gvxyy（每空2分，共8分）(3).AB（4分）(4).B（4分）【解析】根据平抛运动的规律：水平方向匀速直线运动，竖直方向自由落体运动解答。(1)本实验中要保证小球飞出斜槽末端时的速度为水平，即小球做平抛运动，且每次飞出时的速度应相同，所以只要每次将小球从斜槽上同一位置由静止释放即可，故BD正确；(2)a.平抛运动的起始点应为钢球静置于Q点时，钢球的球心对应纸上的位置，由于平抛运动在竖直方向做自由落体运动，所以在确定y轴时需要y轴与重锤线平行；b.由初速度为零的匀加速直线运动规律即在相等时间间隔内所通过的位移之比为1:3:5:7:....可知，由于A点不是抛出点，所以1213yy；设AB，BC间所用的时间为T，竖直方向有：221yygT，水平方向有：0xvT，联立解得：021gvxyy；(3)A项：细管A始终在水面之下，B就会喷出稳定的细水柱，故可行。A正确B项：用频闪照相在同一底片上记录小球不同时刻的位置即平抛运动的轨迹上的点，平滑连接在一起即为平抛运动轨迹，所以此方案可行；C项：将铅笔垂直于竖直的白板放轩，以一定初速度水平抛出，笔尖与白纸间有摩擦阻力的作用，所以铅笔作的不是平抛运动，故此方案不可行；2(4)由平抛运动竖直方向运动可知，212hgt，时间2htg，所以只要高度相同，时间相同，故B正确；11、3-5（15分）（1）D（3分）（2）227MeV（每空3分，共6分）（3）（本小题6分）解：①A、B两球碰撞过程，系统动量守恒，取向右为正方向，由动量守恒定律得：m1v1+m2v2=m1v+m2v2′，（2分）代入数据解得：v=-1m/s，负号表示方向向左。（1分）（不写方向的扣0.5分）②碰撞过程，对B球，由动量定理得：I=m2v2’-m2v2，（2分）代入数据解得：I=6N•s；（1分）（不写方向的不扣分）四、计算题：（本题总分18分）（若其它解法合理正确，按照每一小问给分。）12：(1)（本小问5分）物块从圆弧轨道顶端滑到B点的过程中，机械能守恒，则有mgR＝12mvB2（1分）解得vB＝3m/s（1分）在B点由牛顿第二定律得，FN－mg＝mvB2R，（1分）解得FN＝30N（1分）由牛顿第三定律得物块滑到轨道上B点时对轨道的压力FN’＝FN＝30N，方向竖直向下．（1分）(2)（本小问5分）物块在平板车上滑行时摩擦力做功Wf＝－μ1mg＋μ2mg2l（2分）物块由静止到滑离平板车过程中由动能定理得，mgR＋Wf＝12mv2，或Wf=12mv2－12mvB2（2分）解得v＝1m/s（1分）(3)（本小问8分）当平板车不固定时，对物块有a1＝μg＝2m/s2(1分)对平板车有a2＝μmgM＝2m/s2(1分)经过时间t1物块滑离平板车，则有vBt1－12a1t12－12a2t12＝1m(1分)解得t1＝0.5s(另一解t1’=1s,不符合题意，舍掉)(1分)物块滑离平板车时的速度v物＝vB－a1t1＝2m/s(1分)此时平板车的速度v车＝a2t1＝1m/s(1分)物块滑离平板车后做平抛运动的时间t2＝2hg＝0.2s(1分)物块落地时距平板车右端的水平距离s＝(v物－v车)t2＝0.2m.(1分)