江苏省南通第一中学2019-2020学年高一物理上学期第二次月考试题（PDF）

1一、单项选择题（每小题3分，只有一个选项正确，共24分）1.在下列各组仪器中，可以用来测量国际单位制中选定的三个力学基本单位所对应物理量的是()A.天平、秒表、刻度尺B.天平、刻度尺、弹簧测力计C.天平、秒表、速度计D.秒表、刻度尺、弹簧测力计2.从“神舟六号”载人飞船的发射成功可以预见,随着航天员在轨道舱内停留时间的增加,体育锻炼成了一个必不可少的环节。以下器材适宜航天员在轨道舱中进行锻炼的是（）A.哑铃B.单杠C.跑步机D.弹簧拉力器3.如图,竖直放置的两端封闭的玻璃管中注满清水,内有一个红蜡块能在水中匀速上浮。在红蜡块从玻璃管的下端匀速上浮的同时,使玻璃管以速度v水平向右匀速运动。红蜡块由管口上升到顶端,所需时间为t,相对地面通过的路程为L,则()A.v增大时，L减小B.v增大时，L增大C.v增大时，t减小D.v增大时，t增大4.如图所示，物块A、B叠放在粗糙的水平桌面上，水平外力F作用在B上，使A、B一起沿水平桌面向右加速运动.设A、B之间的摩擦力为f1，B与水平桌面间的摩擦力为f2，，若A、B始终保持相对静止，逐渐增大水平外力F，则下列关于f1和f2变化情况说法中正确的是（）A.f1和f2都变大B.f1和f2都不变C.f1变大、f2不变D.f1不变、f2变大5.一质量为2kg的质点在xOy平面内运动,在x方向的s−t图象和y轴方向的v−t图象分别如图。则关于该质点的说法，错误的是()A.做匀变速曲线运动2B.初速度大小为5m/sC.所受的合外力为3ND.质点的加速度大小为1u二、多项选择题（每小题有多个选项正确，全部选对得4分，选不全的得2分，有选错或不答得得0分，共24分）6.2013年6月11日，神舟十号载着我国三名宇航员顺利飞入太空。下面关于飞船与火箭上天的情形，叙述正确的是（）A.火箭尾部向外喷气，喷出的气体反过来对火箭产生一个反作用力，从而使火箭获得了推动力B.火箭尾部喷出的气体对空气产生作用力，空气的反作用力使火箭获得飞行的动力C.火箭飞出大气层后，由于没有空气，火箭虽然向后喷气，但无法获得飞行的动力D.飞船进入运行轨道之后，飞船与地球之间仍然存在作用力与反作用力7.在光滑水平面上有一物块受水平恒力F的作用而运动,在其正前方固定一个足够长的轻质弹簧,如图,当物块与弹簧接触并将弹簧压缩至最短的过程中,下列说法正确的是()A.物块接触弹簧后立即做减速运动B.物块接触弹簧后先加速运动后减速运动C.当弹簧处于压缩量最大时，物块的加速度等于零D.当物块的速度为零时，物体所受的合力不为零8.如图,两个粗糙斜面固定在水平地面上,甲图中A滑块沿斜面匀速下滑,乙图中B滑块以加速度沿斜面匀加速下滑,现分别对两滑块施加一个竖直向下的压力F作用后,关于甲、乙两图中滑块的运动状态,下列说法正确的是()A.甲图中A滑块仍会沿斜面匀速下滑B.甲图中A滑块将沿斜面匀加速下滑C.乙图中B滑块会沿斜面匀加速下滑，且加速度等于D.乙图中B滑块会沿斜面匀加速下滑，且加速度大于9.如图，传送带的水平部分长为L，传动速率为v，在其左端无初速释放一小木块，若木块与传送带间的动摩擦因数为μ，则木块从左端运动到右端的时间可能是（）3A.vμgB.LvC.LμgD.Lv三、简答题：本大题共2小题，共18分，请把答案填写在答题纸相应的位置上10.（9分）在“探究加速度与力、质量的关系”实验中。（1）为了消除打点计时器和木板对小车阻力的影响，关于该操作环节下列四种装置图中正确的是A．B．C．D．（2）先接通电源，小车由静止释放，获得的一条纸带如图乙，计时器打点的时间间隔为0.02s。从较清晰的A点起,每五个点取一个计数点,测量出各点到A点的距离并标示在纸带上各点的下方,则小车运动的加速度a=___m/s2,打D点时物块的速度v=___m/s。11.（9分）某小组利用如图装置“探究加速度与力、质量的关系”。实验中，用天平测出小车的总质量，用细线所挂钩码的总重力代替小车所受的牵引力大小F。(1)在实验时调节水板上定滑轮的高度。使牵引小车的细线与木板平行。这样做的目的是___A.避免小车在运动过程中发生抖动B.使打点计时器在纸带上打出的点迹清晰C.保证小车最终能够做匀速直线运动D.使细线拉力等于小车受到的合力4（2）在平衡小车所受摩擦力时，通过打点计时器打出一条纸带如图，说明小车所受的摩擦力_______平衡好（选填“已经”或“没有”）(3)在研究“小车质量一定时，加速度与质量的关系”时，根据测得的数据作出a−F图象，如图。发现图象既不过原点，末端又发生了弯曲，可能原因是___.A.平衡摩擦力时，木板的倾斜角度过大，且钩码的质量较大B.平衡摩擦力时，木板的倾斜角度过小，且钩码的质量较大C.平衡摩擦力时，木板的倾斜角度过大，且小车的质量较大D.平衡摩擦力时，木板的倾斜角度过小，且小车的质量较大。四、计算题：本题共3小题，共计51分，解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。请把答案填涂在答题纸相应的位置上。12.（18分）航拍仪是目前比较普遍的一种拍摄仪器,如图,在一次拍摄中,航拍仪从地面由静止启动,获得竖直向上、大小恒定的升力F,开始匀加速起飞,运动t=8s后,到达h=32m的高度,此时航拍仪突然出现故障而失去动力,在到达最高点时动力系统恰好恢复。已知航拍仪的质量m=2kg,航拍仪在运动过程中受到Ff=12N的空气阻力,假设航拍仪在运动过程中始终保持水平,（重力加速度g=10m/s2），求：(1)航拍仪匀加速起飞的加速度大小；(2)航拍仪匀加速起飞时升力的大小；(3)航拍仪动力系统恢复时所在的高度H。13.（18分）如图所示，两个质量均为m的小环套在一水平放置的粗糙长杆上，两根长度均为l的轻绳一端系在小环上，另一端系在质量为M的木块上，两个小环之间的距离也为l，小环保持静止.(最大静摩擦力等于滑动摩擦力,重力加速度为g).试求：5(1)每根绳的拉力大小；(2)水平杆对每个小环的支持力大小；(3)小环与杆之间的动摩擦因数μ至少为多大?14.（15分）如图甲，质量为M=4kg足够长的木板静止在光滑的水平面上，在木板的中点放一个质量m=4kg大小可以忽略的铁块，铁块与木板之间的动摩擦因数为μ=0.2，两物块开始均静止，从t=0时刻起铁块m受到水平向右、大小如图乙的拉力F的作用，F共作用时间为6s，（最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g=10m/s2）则：（1）铁块和木板在前2s的加速度大小分别为多少？（2）从t=0时刻到铁块和木板达到相对静止时所需的时间是多少？（3）铁块和木板相对静止后，在第6s之前共同运动的位移大小是多少？1一、单选题12345ADBCD二、多选题6789ADBDADACD三、实验题10、（1）B；（2）0.4；0.18；11、（1）D；（2）没有；（3）B四、计算题12、（1）1m腊2；（2）34N；（3）34m13、（1）Mg；（2）2Mg+mg；（3）μ至少为（t2）14、（1）3m腊2；2m腊2；（2）4s;（3）19m部分解析：4、【分析】本题基于变力考查牛顿第二定律，解题的关键是知道物体A、B加速度相等；【解答】解设A、B加速度为a，A的质量为m，A和B的总质量为M，B与地面间的摩擦力f2为滑动摩擦力，在正压力和滑动摩擦因数没有变化的情况下不会发生变化，所以在增大F后，f2不变，故选项A、D错误；选取系统为研究对象：系统在水平方向上受到F和f2的作用，加速度a=−2，当F变大、f2不变时，a变大；选取A为研究对象：A在水平方向上受到f1的作用，加速度a=，当a变大时，f1变大，故选项B错误，选项C正确.故选C.【点评】本题重点考察牛顿第二定律问题中的整体与分割方法；分析问题时应区分静摩擦力与滑动摩擦力。8、【分析】斜面倾角为θ，A的质量为m，斜面体B的质量为M，对物体进行受力分析，根据共点力的平衡或牛顿第二定律列式求解即可。【解答】解：设斜面倾角为θ，A的质量为m，B的质量为M。2AB、甲图中A原来匀速,则A重力沿斜面的分量与滑动摩擦力相等，即满足mgsinθ=μmgcosθ,加上向下的力F后,对A进行受力分析,则满足(F+mg)sinθ=μ(mg+F)cosθ，所以仍然匀速下滑，故A正确、B错误；CD、乙图中B滑块以加速度0沿斜面匀加速下滑,根据牛顿第二定律可得：Mgsinθ−μMgcosθ=m0即：Mg(sinθ−μcosθ)=M0；加上向下的力F后，对B进行受力分析，则满足：(F+Mg)sinθ−μ(Mg+F)cosθ=Ma即：(Mg+F)(sinθ−μcosθ)=Ma；则a0，故C错误，D正确。故选：AD。【点评】学生需要在受力分析之后列出牛顿第二定律公式，判断出加速度变化情况。9、【分析】木块无初速滑上传送带，有可能一直做匀加速直线运动，有可能先做匀加速直线运动再做匀速直线运动，结合牛顿第二定律和运动学公式求出木块运行的时间．【解答】解：①当木块一直做匀加速直线运动。若木块一直做匀加速直线运动到达右端时的速度还未达到v.根据牛顿第二定律得，a=μg.根据L=2a2,解得t=2，所以C选项正确②若木块一直做匀加速直线运动到达右端时的速度刚好为v.根据L=2t解得t=2。所以D选项正确根据v=at=μgt得t=,所以A选项正确③传送带运动L所用时间为，物块加速运动，所用时间一定大于，故B错误。故选ACD【点评】这道题需要学生能够分析出木块在传送带上有多种运动情况的可能，再根据这些运动情况求出对应的时间。12、【分析】（1）根据位移时间公式求得加速度；（2）根据牛顿第二定律求得升力；（3）根据速度时间公式求得加速上升的速度，利用牛顿第二定律求得减速上升的加速度，利用速度位移求得上升的高度即可求得【解答】解：(1)根据位移时间公式可知h=2a2,解得a=2ht2=2×282m腊2=1m腊2(2)根据牛顿第二定律可知F−mg−=ma,解得F=mg+ma+=34N3(3)失去动力时的速度v=gt=8m/s,失去动力后,根据牛顿第二定律求得加速度大小为a′=t=16m腊2继续上升的高度为h′=22'=822×6=2m航拍仪动力系统恢复时所在的高度H=h+h′=34m答：(1)航拍仪匀加速起飞的加速度大小为1m腊2；(2)航拍仪匀加速起飞时升力的大小为34N；(3)航拍仪动力系统恢复时所在的高度H为34m.【点评】解决本题的关键是分析清楚物体在空中的受力情况，将牛顿第二定律和运动学公式结合使用。13、【分析】木块被两根轻绳如图所示悬挂着处于平衡状态，而两环被两根绳子拉着也恰能保持静止．通过绳子的长度与两环的间距可以确定两绳的夹角，从而求出细线中的张力．再利用整体思想将每个小环对杆的压力算出，对于静摩擦力则是将绳子对环的拉力沿水平与竖直方向去分解，从而求出最大静摩擦力，由于滑动摩擦力等于最大静摩擦力，所以可借助于公式Ff=μFN求出动摩擦因数μ．【解答】解：(1)设每根绳的拉力为对，对M由平衡条件得：2cos30°−Mg=0解得：=Mg(2)对两小环和木块整体,设对每个环的支持力为FN；由平衡条件得：2−(M+2m)g=0解得：FN=2Mg+mg(3)小环刚好不滑动，此时小环受到的静摩擦力达到最大值等于滑动摩擦力。对一个小环则有：FTsin30∘−μFN=0解得动摩擦因数μ至少为：μ=（t2）答：(1)每根绳的拉力为Mg；(2)水平杆对每个小环的支持力为2Mg+mg;(3)小环与杆之间的动摩擦因数μ至少为（t2）。【点评】本题需要学生使用整体法求力，并且理解题目中隐含地临界条件。14、【分析】（1）分别对两物体受力分析，由牛顿第二定律可求得两物体的加速度；（2）分析两物体的运动过程，求出速度相等的时间；再则由位移公式可求得总位移；（3）利用牛顿第二定律求的加速度，