吉林省梅河口市第五中学2020届高三物理下学期模拟考试试题（PDF）

2020高考模拟--物理1、中国科学家吴宜灿获得2018年欧洲聚变核能创新奖，获奖理由：开发了一种新的基于CAD的粒子传输软件，用于核设计和辐射安全计算。下列关于聚变的说法中，正确的是（）A．同样质量的物质裂变时释放的能量比同样质量的物质聚变时释放的能量大很多B．裂变过程有质量亏损，聚变过程质量有所增加C．核反应堆产生的能量来自轻核聚变D．聚变反应比裂变反应每个核子释放的平均能量一定大2、如图所示，水平金属板A、B分别与电源两极相连，带电油滴处于静止状态。现将B板右端向下移动一小段距离，两金属板表面仍均为等势面，则该油滴（）A.仍然保持静止B.竖直向下运动C.向左下方运动D.向右下方运动3、静电场和重力场在某些特点上具有一定的相似性，结合有关“场”的知识，并进行合理的类比和猜想，判断以下说法中正确的是（）A.法国物理学家库仑利用扭秤实验发现了点电荷间的相互作用规律，并测定了元电荷的电荷量B.电场的概念是法拉第建立的，并引出电场线来描述电场C.如果把地球抽象为一个孤立质点，用于形象描述它所产生的重力场的所谓“重力场线”的分布类似于真空中一个孤立的正电荷所产生的静电场的电场线分布D.重力场与静电场相类比，重力场的“场强”等于重力加速度，其“场强”大小的决定式为Ggm4、质量为M的均匀木块静止在光滑的水平面上,木块左右两侧各有一位拿着完全相同的步枪和子弹的射击手。子弹质量为m,首先左侧的射击手开枪,子弹水平射入木块的深度为1d,子弹与木块相对静止后,右侧的射击手开枪,子弹水平射入木块的深度为2d,如图所示,设子弹均未射穿木块,且两子弹与木块之间的作用力大小相等。当两颗子弹均相对木块静止时,两子弹射入的深度之比12dd为()A.MmB.2MmMC.MmMD. 2MmM5、如图所示，均匀带正电圆环带电荷量为Q，半径为R，圆心为O，A、B、C为垂直于圆环平面的中心轴上的三个点，且BC=2AO=20B=2R，当在C处放置一点电荷时（不影响圆环的电荷分布情况，整个装置位于真空中），B点的电场强度恰好为零，则由此可得A点的电场强度大小为（）A.224kQRB.25216kQRC.23216kQRD.222kQR6、如图所示，在水平桌面上放置一周长为L，质量为m的近超导体（导体仍有微小电阻）圆环，圆环的截面面积为S，电阻率为ρ．一磁铁在外力作用下，从圆环正上方缓慢下移至离桌面高H处撤去外力，磁铁恰好受力平衡，此时圆环中的感应电流大小为I，其所在处磁场的磁感应强度大小为B，方向与水平方向成θ角，经过一段时间后，磁铁会缓慢下移至离桌面高为h的位置处再次平衡，下移过程圆环中的电流可认为保持不变，则（）A．超导圆环的电流方向从上往下看为顺时针方向B．磁铁在H处受力平衡时，桌面对超导圆环的支持力为mg+BILcosθC．磁铁下移过程，超导圆环产生热量为BILcosθ（H﹣h）D．磁铁下移过程，通过超导圆环的电荷量为()BSHh7、如图1，一物块静止在光滑水平面上，t＝0时在水平力F的作用下开始运动，F随时间t按正弦规律变化如图2所示，则（）A．在0～1.5s时间内，第1s末质点的动量最大B．第2s末，质点回到出发点C．在0～1s时间内，F的功率先增大后减小D．在0.5～1.5s时间内，F的冲量为08、如图所示,曲线I是一颗绕地球做圆周运动卫星轨道的示意图,其半径为R,曲线II是一颗绕地球做椭圆运动卫星轨道的示意图,O点为地球球心,AB为椭圆的长轴,两轨道和地心都在同一平面内,己知在两轨道上运动的卫星的周期相等,万有引力常量为G,地球质量为M,下列说法正确的是()A.椭圆轨道的长轴长度为2RB.卫星在I轨道的速率为0v,卫星在II轨道B点的速率为Bv,则0Bvv.C.卫星在I轨道的加速度大小为0a,卫星在II轨道A点加速度大小为Aa,则0Aaa.D.若OA=0.5R,则卫星在B点的速率23BGMvR9、某同学用如图甲所示装置来验证机械能守恒定律，使质量为m＝1.00kg的重物自由下落，打点计时器在纸带上打出一系列的点，选取一条符合实验要求的纸带，如图乙所示，O为第一个点，A、B、C为从合适位置开始选取连续点中的三个点。已知打点计时器每隔0.02s打一个点，当地的重力加速度为29.80/gms＝，那么：（1）从O点到B点，重物重力势能的减少量pE＝_______J，动能增加量kE＝_______J。(结果均保留三位有效数字)（2）若测出纸带上所有各点到O点之间的距离，根据纸带算出各点的速度v及重物下落的高度h，则以22v为纵轴，以h为横轴画出的图像是图中的________。10、某物理兴趣小组的同学现在要测定由两节新干电池组成电池组的电动势和内阻的大小，该同学根据实验室提供的实验器材设计了如图1所示的原理图，其中定值电阻R1=1.0Ω、R0=2.0Ω，毫安表的量程范围为0~150mA、内阻大小为rmA=4Ω。试完成下列问题：（1）请根据原理图将图2所示的实物图连接好；（2）实验中电压表所选的量程为0~3V，某次测量中电压表的读数如图3所示，则此次实验中电压表的读数为U=________V；（3）他们已经将实验中所测得的实验数据描点，并作出了U–I图象，如图4所示。则电池组的电动势为E=________V，内阻为r=________Ω。（保留3位有效数字）11、如图所示，在海滨游乐场里有一种滑沙运动。某人坐在滑板上从斜坡滑道的高处A点由静止开始滑下，滑到斜坡滑道底端B点后，沿水平滑道再滑行一段距离到C点停下来。若人和滑板的总质量m＝60.0kg，A、B两点间的距离L1＝16.0m。滑板与斜坡滑道和水平滑道间的动摩擦因数均为μ＝0.5，斜坡滑道的倾角θ＝37°。已知370.6sin＝，370.8cos＝，重力加速度g取210/ms。斜坡滑道与水平滑道间是平滑连接的，整个运动过程中空气阻力忽略不计。求：（1）BC之间的距离2L；（2）该人从A到C运动的总时间t。12、在光滑的水平面上，有一质量M＝4kg的平板车，其右端固定一轻挡板，挡板上固定一根轻质弹簧，在平板车左端P处有一可视为质点的小滑块，其质量m＝2kg。平板车表面上Q处的左侧粗糙，右侧光滑，且PQ间的距离L＝2m，如图所示。某时刻平板车以初速度11/vms＝向左运动，同时小滑块以初速度25/vms＝向右运动。一段时间后，小滑块与平板车达到相对静止，此时小滑块与Q点相距14L。不计空气阻力，重力加速度g取210/ms。求：（1）小滑块与平板车相对静止时的速度；（2）小滑块与平板车的粗糙面之间的动摩擦因数μ。13、[物理选修3-3]1.关于扩散现象，下来说法正确的是A.度越高，扩散进行得越快B.扩散现象是不同物质间的一种化学反应C.扩散现象是由物质分子无规则运动产生的D.扩散现象在气体、液体和固体中都能发生E.液体中的扩散现象是由于液体的对流形成的2.喷雾器内有10L水，上部封闭有Iatm的空气2L．关闭喷雾阀门，用打气筒向喷雾器内再充入1atm的空气3L（没外界环境温度﹣定，空气可看作理想气体）。①当水面上方气体温度与外界温度相等时，求气体压强，并从微观上解释气体压强变化的原因。②打开喷雾阀门，喷雾过程中封闭气体可以看成等温膨胀，此过程气体是吸热还是放热？简要说明理由。14、[物理选修3-4]1.下列说法正确的是A.做简谐运动的质点，离开平衡位置的位移相同时，加速度也相同B.做简谐运动的质点，经过四分之一周期，所通过的路程一定是一倍振幅C.根据麦克斯电磁场理论可知，变化的磁场可以产生电场，变化的电场可以产生磁场D．双缝干涉实验中，若只减小双缝到光屏间的距离，两相邻亮条纹间距离将变大E．声波从空气传入水中时频率不变，波长变长2.如图所示，一截面为直角三角形的玻璃棱镜ABC，∠A＝30°，D点是AC边的中点，A、D间距为L．一条光线从D点沿平行于AB方向射入棱镜，光线垂直BC从F点（图中未画出）射出．求：①玻璃的折射率n；②若光在真空中的速度为c，光线从D点到F点经过的时间t．1答案及解析：答案：D解析：A、根据聚变与裂变的特点可知，同样质量的物质裂变时释放的能量比同样质量的物质聚变时释放的能量大很多。故A错误；B、裂变过程有质量亏损，聚变过程质量也亏损。故B错误；C、核反应堆产生的能量来自重核裂变。故C错误；D、在一次聚变反应中释放的能量不一定比裂变反应多，但平均每个核子释放的能量一定大，故D正确。故选：D。2答案及解析：答案：D解析：由于水平金属板分别与电源两极相连，两极板之间的电势差不变，将B板右端向下移动一小段距离，极板之间的电场强度将减小，油滴所受电场力减小，且电场力方向斜向右上方，则油滴所受的合外力斜向右下方，所以该油滴向右下方运动，选项D正确。3答案及解析：答案：B解析：A.库仑利用扭秤实验发现了点电荷间的相互作用规律，而密立根测定了元电荷的电荷量，故A错误；B.电场和磁场的概念是法拉第建立的；故B正确；C.如果把地球抽象为一个孤质点，用于形象描述它所产生的重力场的所谓“重力场线”的分布，重力场的方向指向地球，类似于真空中一个孤立的负电荷所产生的静电场的电场线分布，故C错误；D.重力场与静电场相类比,重力场的“场强”相等于重力加速度,其“场强”大小的定义式为Ggm，故D错误。故选：B。4答案及解析：答案：B解析：设向右为正方向；子弹射入木块前的速度大小为v，子弹的质量为m，子弹受到的阻力大小为f。当两颗子弹均相对于木块静止时，由动量守恒得mv−mv=(2m+M)v′,得v′=0，即当两颗子弹均相对于木块静止时，木块的速度为零，即静止。先对左侧射入木块的子弹和木块组成的系统研究，则有1 mvMmv由能量守恒得：22111122fdmvMmv①再对两颗子弹和木块系统为研究，得222111 22fdMmvmv②联立解得,122dMdmM.故B正确，ACD错误。故选：B。5答案及解析：答案：B解析：在带电圆环上取一长为l的微小段圆弧，则其所带电荷量为2πQlqR，则q在B点产生的电场强度为：12(2)kqER，如图所示：由对称性可知，带电圆环在B处产生的电场强度是水平向右的（竖直分量相抵消），大小为：12πcos45BREEl，联立得224BkQER，再由对称性知，圆环在A点处产生的电场强度方向水平向左，大小也为224kQR，又因在C处放置一点电荷时，B点的电场强度恰好为零，即点电荷在B点产生的电场强度水平向左，大小为224kQR，由点电荷电场强度决定式2qEkr知C处的点电荷在A点产生的电场强度水平向左，大小为：2216kQR，由电场强度的矢量叠加可知A点的电场强度大小为：25216kQR，故B正确，ACD错误。故选：B。6答案及解析：答案：BC解析：A、从上往下看，逆时针电流。故A错误；B、圆环所受到的安培力F＝BIL，其竖直方向的分量1FFcosBILcos＝＝，以圆环为研究对象，由平衡条件，得N＝mg+BILcosθ，故B正确；C、设永磁体的质量为M，以永磁铁为研究对象，由平衡条件可知Mg＝BILcosθ由能量守恒，永磁铁减少的重力势能等于圆环中产生的焦耳热。Q＝Mg（H﹣h）＝BILcosθ•（H﹣h），故C正确；D、由焦耳定律2•QIRt＝解得cos()BSHhtI＝，因下移过程圆环中的电流可认为保持不变，所以通过超导圆环的电荷量cos()•BSHhqIt＝＝，故D错误；故选：BC7答案及解析：答案：ACD解析：A、从图象可以看出在前两秒力的方向和运动的方向相同，物体经历了一个加速度逐渐增大的加速运动和加速度逐渐减小的加速运动，所以第1.5s末，质点的速度最大，动量最大，故A正确；B、该物体在后半个周期内受到的力与前半个周期受到的力的方向不同，前半个周期内做加速运动，后半个周期内做减速运动，所以物体在0﹣2S内的位移为正，没有回到出发点。故B错误。C、0～1s内，速度在增大，力F先增大后减小，根据瞬时功率p＝Fv得力F瞬时功率开始时为0，2s末的瞬时功率为0，所以在