福建省泉州第一中学2018-2019学年高二化学下学期期末考试试题（含解析）

-1-福建省泉州第一中学2018-2019学年高二化学下学期期末考试试题（含解析）1.下列表述正确的是A.羟基的电子式B.醛基的结构简式—COHC.1-丁烯的键线式D.聚丙烯的结构简式【答案】C【解析】【详解】A．羟基中氧原子最外层为7个电子，羟基中含有1个氧氢键，羟基正确的电子式为，故A错误；B．醛基为醛类的官能团，醛基的结构简式为-CHO，故B错误；C．中碳碳双键位于1号C，该有机物名称为1-丁烯，故C正确；D．聚丙烯为丙烯通过加聚反应生成的，聚丙烯的链节中主链含有2个碳原子，聚丙烯正确的结构简式为，故D错误；故选C。【点晴】本题考查常见化学用语的判断，为高频考点，注意掌握键线式、电子式、结构简式等化学用语的概念及表示方法。解决这类问题过程中需要重点关注的有：①书写电子式时应特别注意如下几个方面：阴离子及多核阳离子均要加“[]”并注明电荷，书写共价化合物电子式时，不得使用“[]”，没有成键的价电子也要写出来。②书写结构式、结构简式时首先要明确原子间结合顺序(如HClO应是H—O—Cl，而不是H—Cl—O)，其次是书写结构简式时，碳碳双键、碳碳三键应该写出来。③比例模型、球棍模型要能体现原子的相对大小及分子的空间结构。2.聚四氟乙烯（）是不粘锅涂覆物质的主要成分。下列关于聚四氟乙烯的说法，不正确的是A.属于高分子化合物B.单体是CF2＝CF2C.可由加聚反应得到D.能使高锰酸钾酸性溶液褪色-2-【答案】D【解析】试题分析：A．聚四氟乙烯分子无确定的相对分子质量，因此属于高分子化合物，错误；B．单体是CF2＝CF2，正确；C．可由CF2＝CF2发生加聚反应得到，正确；D．由于在该高聚物中无不饱和的碳碳双键，所以不能使高锰酸钾酸性溶液褪色，错误。考点：考查物质的结构与性质的关系的知识。3.下列说法正确的是A.与含有相同的官能团，互为同系物B.属于醛类，官能团为－CHOC.的名称为：2－乙基－1－丁烯D.的名称为：2－甲基－1，3－二丁烯【答案】C【解析】【详解】A.前者—OH与苯环的侧链相连，属于醇类，后者—OH直接与苯环相连，属于酚类，尽管分子构成相差了1个CH2，但是二者不是同一类物质，所以它们不互为同系物，A错误；B.该物质属于酯类（甲酸酯，含有醛基），官能团为酯基，B错误；C.该物质的官能团为碳碳双键，含有官能团的最长的碳链有4个C，因此主链含有4个C，为丁烯；编号时官能团的编号要小，因此碳碳双键的编号为1，乙基的编号为2，命名为2-乙基－1－丁烯，C正确；D.该物质中含有2个碳碳双键，且含有碳碳双键最长的碳链有4个碳原子，因此该物质为丁二烯。编号时，不管是从左端还是右端，碳碳双键的编号均为1、3，因此编号的选择，让甲基的编号的编号小，甲基的编号为2，则该物质的名称应为：2-甲基-1，3-丁二烯，故D错误。4.下列关于甘氨酸（H2N-CH2-COOH）性质的说法中正确的是A.只有酸性，没有碱性B.只有碱性，没有酸性-3-C.既有酸性，又有碱性D.既没有酸性，又没有碱性【答案】C【解析】试题分析：甘氨酸含有氨基，能够结合H+，表现出碱性，还含有羧基，能够电离产生H+，与碱发生中和反应，因此又表现出酸性。故甘氨酸既有酸性，又有碱性，选项是C。考点：考查物质的结构与性质的关系的知识。5.在同温同压下，某有机物和过量Na反应得到V1L氢气，另一份等量的该有机物和足量的NaHCO3溶液反应得到V2L二氧化碳，若V1＝V2≠0，则该有机物可能是()A.HOOCCOOHB.CH3CHOHCOOHC.HOCH2CH2OHD.CH3CH2OH【答案】B【解析】【分析】—OH、—COOH均能与Na反应，2mol—OH或—COOH与过量Na反应生成1molH2。—COOH能与NaHCO3溶液反应，lmol—COOH与足量NaHCO3溶液反应生成1molCO2。【详解】A.HOOC—COOH与过量Na、足量NaHCO3溶液反应产生H2、CO2的体积比为1∶2，故A错误；B.与过量Na、足量NaHCO3溶液反应产生H2、CO2的体积相等，故B正确；C.HOCH2CH2OH与Na反应产生氢气，与NaHCO3不反应，故C错误；D.CH3CH2OH与Na反应产生氢气，与NaHCO3不反应，故D错误；答案选B。6.设NA表示阿伏加德罗常数的值，下列说法正确的是A.25℃时，1LpH＝11的CH3COONa溶液中水电离出的OH－的数目为0.001NAB.28g乙烯和丙烯的混合气体含有的原子个数为3NAC.1mol·L－1NaHCO3溶液中含有的HCO3-数目小于NAD.1molCl2与足量NaOH溶液反应转移的电子数为2NA【答案】A【解析】-4-试题分析：A、醋酸钠属于盐，根据Kw=c(H＋)×c(OH－)，因此c(OH－)=1×10－14/10－11mol·L－1=10－3mol·L－1，因此水电离产生的n(OH－)=0.001mol，故正确；B、设混合气体为CnH2n，因此原子的物质的量为28×3n/14nmol=6mol，故错误；C、HCO3－发生水解，且题目中说明溶液体积，无法计算HCO3－的物质的量，故错误；D、Cl2＋2NaOH=NaCl＋NaClO＋H2O，因此1molCl2转移电子的物质的量为1mole－，故错误。考点：考查阿伏加德罗常数等知识。7.已知烯烃在酸性KMnO4溶液中双键断裂形式为现有二烯烃C10H18与酸性KMnO4溶液作用后可得到三种有机物：(CH3)2CO、CH3COOH、CH3CO(CH2)2COOH，由此推断此二烯可能的结构简式为A.(CH3)2C=C(CH3)CH2CH2CH=CHCH2CH3B.(CH3)2C=CHCH2CH2C(CH3)=CHCH3C.CH3CH==C(CH3)CH2CH2CH2C(CH3)=CH2D.CH3CH=C(CH3)CH2CH2CH2CH=CHCH3【答案】B【解析】试题分析：根据题给信息可知，在碳碳双键的碳上有一个氢原子，能被酸性高猛酸钾溶液氧化成羧基，没有氢原子则被氧化成酮羰基，根据生成物为（CH3）2CO、CH3COOH、CH3CO（CH2）2COOH三种有机物，则可推出该二烯烃可能为（CH3）2C=CHCH2CH2C（CH3）=CHCH3，选B。考点：考查烯烃的化学性质。8.下列实验操作能达到实验目的的是实验操作实验目的A苯和溴水混合后加入铁粉制溴苯-5-B乙醇与重铬酸钾（K2Cr2O7）酸性溶液混合验证乙醇具有还原性C蔗糖溶液加稀硫酸，水浴加热一段时间后，加新制备的Cu(OH)2，加热证明蔗糖水解后产生葡萄糖D向纯碱中滴加醋酸，将产生的气体通入苯酚钠浓溶液证明酸性：醋酸碳酸苯酚【答案】BD【解析】试题分析：A．苯和液溴混合后加入铁粉来制溴苯，错误；B．重铬酸钾有强的氧化性，乙醇与重铬酸钾（K2Cr2O7）酸性溶液混合验证乙醇具有还原性，正确；C．蔗糖溶液加稀硫酸，水浴加热一段时间后，加入NaOH溶液来中和催化剂，再加新制备的Cu(OH)2，加热煮沸，来证明蔗糖水解后产生葡萄糖，错误；D．在复分解反应中，强酸可以与弱酸的盐发生反应制取弱酸。向纯碱中滴加醋酸，将产生的气体通入苯酚钠浓溶液,来证明酸性：醋酸碳酸苯酚，正确。考点：考查实验操作能与实验目的的关系的知识。9.用下图所示装置及药品进行相应实验，能达到实验目的的是()A.图1分离乙醇和乙酸B.图2除去甲烷中的乙烯C.图3除去溴苯中的溴单质D.图4除去工业酒精中的甲醇【答案】D-6-【解析】【详解】A．乙酸与乙醇不分层，不能利用图中分液装置分离，应选蒸馏法，故A错误；B．乙烯能被高锰酸钾氧化生成二氧化碳，引入新杂质，不能洗气除去甲烷中的乙烯，故B错误；C．溴、溴苯均可透过滤纸，不能使用过滤分离，应加NaOH溶液、分液分离除杂，故C错误；D．酒精、甲醇互溶，但沸点不同，则可利用图中蒸馏装置除杂，故D正确；答案选D。【点睛】本题考查化学实验方案的评价，把握常见物质的性质、混合物分离方法及实验装置的作用为解答的关键。10.下列离子方程式正确的是()A.单质铜与稀硝酸反应：Cu＋2H＋＋2NO3－＝Cu2＋＋2NO↑＋H2OB.碳酸钡跟醋酸反应：BaCO3＋2CH3COOH＝(CH3COO)2Ba＋2H2OC.在溴化亚铁溶液中通入过量的氯气：Cl2＋2Fe2＋＋2Br－＝2Fe2＋＋2Cl－＋Br2D.足量的氢氧化钠溶液跟碳酸氢镁溶液反应：Mg2＋＋2HCO3－＋4OH－＝Mg(OH)2↓＋2CO32－＋2H2O【答案】D【解析】【详解】A.电荷与原子均不守恒，单质铜与稀硝酸反应：3Cu＋8H＋＋2NO3－＝3Cu2＋＋2NO＋4H2O，故A错误；B.(CH3COO)2Ba可以拆，且反应中还有二氧化碳生成，碳酸钡跟醋酸反应：BaCO3＋2CH3COOH＝2CH3COO-+Ba2++CO2↑+H2O，故B错误；C.在溴化亚铁溶液中通入过量的氯气：3Cl2＋2Fe2＋＋4Br－＝2Fe2＋＋6Cl－＋2Br2，故C错误；D.足量的氢氧化钠溶液跟碳酸氢镁溶液反应：Mg2＋＋2HCO3－＋4OH－＝Mg(OH)2↓＋2CO32－＋2H2O，故D正确；答案选D。【点睛】离子方程式的书写及正误判断紧抓：（1）微粒的存在形式能否正确表示：强酸、强碱和易溶于水的盐改写成离子形式，难溶物质、难电离物质、易挥发物质、单质、氧化物、非电解质等均写成化学式，如B项(CH3COO)2Ba可以拆；（2）反应物量的关系及离子发生氧化还原反应的顺序，如C项，Fe2+和Br—都具有还原性，都-7-能被Cl2氧化，注意Fe2+和Br—物质的量关系；（3）看电荷、原子、电子得失总数是否相等，如A项。11.下列醇类物质中，能被氧化成醛的是()A.CH3CH2CH2OHB.CH3CHOHCH3C.D.【答案】A【解析】【分析】醇类物质若能被氧化成醛，则在羟基连接的C原子上应该至少含有2个H原子（伯醇）。伯醇发生催化氧化生成醛，仲醇发生催化氧化生成酮，叔醇不能发生催化氧化，以此分析。【详解】A.CH3CH2CH2OH为伯醇，发生催化氧化生成醛生成丙醛，故A正确；B.为仲醇，发生催化氧化生成丙酮，故B错误；C.为仲醇，发生催化氧化生成酮，故C错误；D.为叔醇，不能发生催化氧化，故D错误；答案选A。【点睛】注意醇的催化氧化反应，只有与羟基相连碳的碳上有氢原子的才能发生，伯醇发生催化氧化生成醛，仲醇发生催化氧化生成酮，叔醇不能发生催化氧化。12.下列判断合理的是（）①硫酸、烧碱、醋酸钠和生石灰分别属于酸、碱、盐和氧化物；②蔗糖、硫酸钡和水分别属于非电解质、强电解质和弱电解质；③Na2O、Fe2O3、A12O3属于碱性氧化物-8-④根据分散系是否具有丁达尔现象将分散系分为溶液、胶体和浊液；⑤根据反应中是否有电子的转移将化学反应分为氧化还原反应和非氧化还原反应；⑥CO2、SO2、NO2，都能和碱溶液发生反应，因此它们都属于酸性氧化物．A.只有②④⑥B.只有①②⑤C.只有①③⑤D.只有③④⑥【答案】B【解析】试题分析：①酸是指电离出来的阳离子全部是氢离子的化合物，碱是指电离出来阴离子全部是氢氧根离子的化合物，盐是指电离出金属离子和酸根离子的化合物，氧化物是两种元素组成，其中一种是氧元素的化合物；②电解质是指在水溶液里或熔化状态下能够导电的化合物，水溶液中全部电离的化合物为强电解质，水溶液中部分电离的化合物为弱电解质，非电解质是指在水溶液里和熔化状态下都不能够导电的化合物，据此可以分析各种的所属类别；③碱性氧化物是指能与酸反应生成盐和水的金属氧化物；④根据分散系中分散质粒子直径大小分类；⑤根据反应中是否有电子的转移将化学反应分为氧化还原反应和非氧化还原反应；⑥酸性氧化物是指能与碱反应生成盐和水的氧化物．解：①依据概念分析，硫酸、烧碱、醋酸钠和生石灰分别属于酸、碱、盐和氧化物，故①正确；②蔗糖不能电离属于非电解质，硫酸钡是盐属于强电解质，水是弱电解质，故②正确；③既能与酸反应，又能与碱反应，A12O3属于两性氧化物，故③错误；④根据分散系中分散质粒子直径大小将分散系分