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1临泽一中2019—2020学年上学期期中试卷高二物理（考试时间：90分钟试卷满分：100分）测试范围：选修3-1第1章+第2章。第Ⅰ卷一、选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1~8题只有一项符合题目要求，第9~12题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。1．关于元电荷下列说法错误的是A．所有带电体的电荷量大小一定等于元电荷的整数倍B．元电荷的值通常取作e＝1.60×10－19CC．元电荷实际上是指电子和质子本身D．电荷量e的数值最早是由美国科学家密立根用实验测得的2．两个分别带有电荷量–Q和3Q的相同金属小球，固定在相距为r的两处，两带电小球均可视为点电荷，它们间的库仑力大小为F．两小球接触后放回原处，两球间的库仑力大小变为A．12FB．34FC．3FD．12F3．位于A、B处的两个带有不等量负电的点电荷在平面内电势分布如图所示，图中实线表示等势线，则A．a点和b点的电场强度相同B．正电荷从c点移到d点，电场力做正功C．负电荷从a点移到c点，电场力做正功D．正电荷从e点沿图中虚线移到f点，电势能不改变4．有两只完全相同的电流计，分别改装成量程为3V和5V的两只电压表。改装后再把两电压表串联起2来接入电路，则A．将电流计与电阻并联才能改装成电压表B．将电流计与电阻串联才能改装成电压表C．两表指针的偏转角不相等D．两表指示的电压值相等5．如图甲所示，电动势为E、内阻为r的电源与R=6Ω的定值电阻、滑动变阻器RP、开关S组成串联回路，已知滑动变阻器消耗的功率P与其接入电路的有效阻值RP的关系如图乙所示。下列说法正确的是A．电源的电动势E=4105V，内阻r=4ΩB．图乙中Rx=20ΩC．定值电阻R消耗的最大功率为0.96WD．调整滑动变阻器RP的阻值可以得到该电源的最大输出功率为1W6．如图所示，空间有一正三棱锥OABC，点A′、B′、C′分别是三条棱的中点。现在顶点O处固定一正的点电荷，则下列说法中正确的是A．A′、B′、C′三点的电场强度相同B．△ABC所在平面为等势面C．某另一点电荷在C′点的电势能一定大于它在C点处的电势能D．将一正的试探电荷从A′点沿直线A′B′移到B′点，静电力对该试探电荷先做负功后做正功7．在电喷汽车的进气管道中，广泛地使用着一种叫“电热丝式空气流量传感器”的部件，其核心部分是一种用特殊的合金材料制作的电热丝。如图所示，当进气管道中的冷空气流速越大时，电阻R两端的电压U0就变得越高，反之，电压U0就越低。这样，管道内空气的流量就转变成了可以测量的电压信3号，便于汽车内的电脑系统实现自动控制，如果将这种电热丝从汽车的进气管道中取出，放在实验室中测量这种电热丝，得到的伏安特性曲线正确的是A．B．C．D．8．如图所示电路，在滑动变阻器的滑片P向上端a滑动过程中，电压表、电流表的示数变化情况为A．两电表示数都增大B．两电表示数都减少C．电压表示数减少，电流表示数增大D．电压表示数增大，电流表示数减少9．一带电粒子从电场中的A点运动到B点，径迹如图中虚线所示，图中实线为电场线，不计粒子所受重力，则A．粒子带负电B．粒子加速度逐渐减小C．A点的场强小于B点场强D．粒子的速度一定在不断增大10．如图所示，两个带等量正电的点电荷分别位于x轴上的P、Q两点，其位置关于坐标原点O对称，圆弧曲线是一个以O点为圆心的半圆，c点为半圆与y轴的交点，a，b两点为一平行于x轴的直线与半圆的交点，下列说法正确的是4A．a，b两点的电势相同B．a，b两点的场强相同C．将一个正电荷q沿着圆弧从a点经c点移到b点，电势能先增加后减小D．将一个正电荷q放在半圆上任一点，两电荷对q的作用力大小分别是F1、F2，则1211FF+为一定值11．如图所示，电路中电源电动势为E，内阻为r，C为电容器，L为小灯泡，R为定值电阻，闭合电键，小灯泡能正常发光。现将滑动变阻器滑片向右滑动一段距离，滑动前后理想电压表V1、V2示数变化量的绝对值分别为ΔU1、ΔU2，理想电流表A示数变化量的绝对值为ΔI，则A．电源的输出功率一定增大B．灯泡亮度逐渐变亮C．1UI与2UI均保持不变D．当电路稳定后，断开电键，小灯泡立刻熄灭12．如图所示，长为L=0.5m、倾角为θ=37°的光滑绝缘斜面处于水平向右的匀强电场中，一带电荷量为+q，质量为m的小球（可视为质点），以初速度v0=3m/s恰能沿斜面匀速上滑，g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，则下列说法中正确的是A．水平匀强电场的电场强度大小为3mg/5qB．小球在B点的电势能小于在A点的电势能5C．若电场强度大小加倍，小球运动的加速度大小为6m/s2D．若电场强度大小减半，小球运动到B点时速度为初速度v0的一半第Ⅱ卷二、实验题：本题共2小题，共15分。13．（5分）关于多用电表的使用：（1）下列说法正确的是_____________。A．多用电表是电压表、电流表、欧姆表共用一个表头改装而成的B．多用电表测电压、电流时，红表笔的电势都高于黑表笔的电势C．多用电表测电阻时，红表笔的电势高于黑表笔的电势D．用多用电表测电压、电流和电阻时，电流都是从红表笔流入的E．用多用电表测电压、电流和电阻时，都用到了表内的电源F．测电阻时，必须把与被测电阻相接的电源分离G．测电阻时，两个表笔要与待测电阻接触良好才能测得较准确，因此，应当用两手分别将两个表笔与电阻两端紧紧捏在一起（2）用多用电表进行了几次测量，指针的位置如图所示。若多用电表的选择开关处于下面表格中所指的挡位，则欧姆挡“×10”为_______Ω、直流电流“50mA”挡为_______mA、直流电压“5V”挡为_______V。14．（10分）要测绘额定电压为2V的小灯泡的伏安特性曲线，所供选择的器材除了导线和开关外，还有以下一些器材可供选择：A．电源E（电动势3.0V，内阻不计）B．电压表V1（量程0~3.0V，内阻约2kΩ）6C．电压表V2（量程0~15.0V，内阻约6kΩ）D．电流表A1（量程0~0.6A，内阻约1Ω）E．电流表A2（量程0~100mA，内阻约2Ω）F．滑动变阻器R1（最大阻值10Ω）G．滑动变阻器R2（最大阻值2kΩ）（1）为了减小实验误差，实验中电压表应选择_________________，电流表应选择_________________，滑动变阻器应选择_________________。（填写各器材的序号）（2）为提高实验精度，请你设计实验电路图，并画在下面的虚线框中。（3）实验中测得一组数据如下表所示，根据表格中的数据在图中坐标系中作出小灯泡的伏安特性曲线。I/A00.120.210.290.340.380.420.450.470.490.50U/V00.200.400.60.801.001.201.401.601.802.00（4）该小灯泡的额定功率是_________________W。（5）由图象可知，小灯泡电阻的变化特点是____________________________________________。三、计算题：本题共3小题，共37分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。15．（11分）如图所示的电路中，电源电动势E=1.5V，内阻r=0.6Ω，电阻1R=3Ω，电阻2R=4Ω，电阻3R=6Ω。电流表和电压表均为理想电表，闭合电键S，求：（1）电压表的示数；7（2）电源的输出功率。（结果保留两位有效数字）16．（12分）如图所示，电源内阻r=1Ω，R1=2Ω，R2=6Ω，灯L上标有“3V，1.5W”的字样，当滑动变阻器R3的滑片P移动至最右端时，电流表示数为1A，灯L恰能正常发光，电流表为理想电表。（1）求电源的电动势；（2）求当P移到最左端时，电流表的示数；（3）当滑动变阻器的Pb段电阻为多大时，变阻器R3上消耗的功率最大？最大值多大？17．（14分）如图所示是一个示波管工作原理图，电子经电压314.510U=V加速后以速度0v沿两极板8的中线进入电压2180U=V，间距为1.0cmd=，板长5cml=的平行金属板组成的偏转电场，离开电场后打在距离偏转电场10cms=的屏幕上的P点，（e=1.6×10-19C，m=0.9×10-30kg）求：（1）电子进入偏转电场时的速度0v；（2）射出偏转电场时速度的偏角tan的值；（3）打在屏幕上的侧移位移OP。9高二物理·参考答案123456789101112CCCDBCDDABADBCBC13．（1）ABDF（2分）（2）220（1分）19.6（1分）1.96（1分）14．（1）B（1分）D（1分）F（1分）（2）如图所示。（2分）（3）如图所示。（1分）（4）1.0（2分）（5）温度升高时，灯丝电阻增大（2分）15.（1）图中电阻R1与R2并联则外电路总电阻𝑹𝟐𝟑=𝑹𝟐𝑹𝟑𝑹𝟐+𝑹𝟑=𝟐.𝟒𝜴(2分)根据闭合电路欧姆定律得：电源的电流I=𝑬𝒓+𝑹𝟏+𝑹𝟐𝟑(1分)解得I=0.25A（1分）电压表的示数为：𝑼=𝑰𝑹𝟐𝟑=𝟎.𝟔𝑽(2分)（2）电流的输出功率为：𝑷出=𝑬𝑰−𝑰𝟐𝒓=𝟎.𝟑𝟒𝑾(5分)16．（1）电源的电动势E=UL十IR1十Ir=3V十1×2V十1×1V=6V（2分）（2）当P移到最左端时，由闭合电路欧姆定律𝑰=𝑬𝑹𝟏+𝒓=𝟐𝑨，（2分）（3）灯L电阻RL=U2/P=6Ω（1分）设滑动变阻器的Pb段电阻为R3，R3与RL并联等效电阻（1分）由闭合电路欧姆定律（1分）10将已知量代入化简得（1分）（1分）（2分）当R3=2Ω时变阻器R3上消耗的功率最大，且最大值为2W。（1分）17．（1）电子在加速电场中加速，由动能定理得：（1分）代入数据解得：v0=4×107m/s。（2分）（2）电子在偏转电场中做类平抛运动，在水平方向：l=v0t1，（1分）在竖直方向上由牛顿第二定律得：（1分）电场方向的速度：vy=at1（1分）设射出偏转电场时速度的偏角为θ，则（1分）代入数据解得：tan𝜽=0.1。（1分）（3）飞出电场时偏转量为：（1分）代入数据解得：y1=0.25cm，电子从偏转电场穿出时，沿y方向的速度为vy，穿出后到达屏S所经历的时间为t2，在此时间内电子在y方向移动的距离为y2，则运动时间：𝒕𝟐=𝒔𝒗𝟎（1分）竖直位移：y2=vyt2（1分）故电子到达屏上时，它离O点的距离：y=y1+y2（1分）代入数据解得：y=1.25cm。（2分）