黑龙江省牡丹江市第一高级中学2018-2019学年高二化学下学期期末考试试题（含解析）

-1-黑龙江省牡丹江市第一高级中学2018-2019学年高二化学下学期期末考试试题（含解析）1.下列说法中，正确的是A.22gCO2物质的量为0.5molB.0.1mol・L-1NaOH溶液中含有0.1molNa+C.1molCl2中含有的氯原子数约为6.02×1023D.标准状况下，44.8LH2O的物质的量为2mol【答案】A【解析】【详解】A.根据n=m/M=22g/44gmol-1=0.5mol,故A正确；B.0.1mol・L-1NaOH溶液没有体积无法计算物质的量，故B错误；C.1molCl2中含有的氯原子数约为6.02×10232，故C错误；D.标准状况下，H2O为非气态，故无法计算物质的量，D错误。答案：A。2.下列物质分类正确的是()A.SO2、SiO2、NO2均为酸性氧化物B.稀豆浆、硅酸、氯化铁溶液均为胶体C.漂白粉、水玻璃、氨水均为混合物D.Na2O2、Al2O3、Fe3O4均为碱性氧化物【答案】C【解析】【详解】A、NO2与氢氧化钠反应生成硝酸钠和亚硝酸钠，不是酸性氧化物，故A错误；B.氯化铁溶液为溶液，不是胶体，故B错误；C.漂白粉是氯化钙、次氯酸钙的混合物，水玻璃是硅酸钠的水溶液，氨水是氨气的水溶液，均为混合物，故C正确；D.Na2O2是过氧化物、Al2O3是两性氧化物，故D错误。3.下列指定反应的离子方程式正确的是A.Cl2与H2O的反应：Cl2＋H2O2H＋＋Cl－＋ClO－B.铜丝插入Fe2(SO4)3溶液中：Cu+Fe3+=Cu2++Fe2+-2-C.向FeBr2溶液中通入过量Cl2：2Br－+Cl2=Br2+2Cl－D.向Na2SiO3溶液中通入过量CO2：SiO32-+2CO2+2H2O=H2SiO3↓+2HCO3—【答案】D【解析】【详解】A．Cl2与H2O的反应生成的HClO酸是弱酸，发生反应的离子方程式为Cl2＋H2OH＋＋Cl－＋HClO，故A错误；B．铜丝插入Fe2(SO4)3溶液中发生反应的离子方程式为Cu+2Fe3+=Cu2++2Fe2+，故B错误；C．向FeBr2溶液中通入过量Cl2，Fe2+也能被氧化为Fe3+，发生反应的离子方程式为2Fe2++4Br－+3Cl2=2Fe3++2Br2+6Cl－，故C错误；D．向Na2SiO3溶液中通入过量CO2生成硅酸沉淀和碳酸氢钠，发生反应的离子方程式为SiO32-+2CO2+2H2O=H2SiO3↓+2HCO3—，故D正确；故答案为D。【点睛】注意离子方程式正误判断常用方法：检查反应能否发生，检查反应物、生成物是否正确，检查各物质拆分是否正确，如难溶物、弱电解质等需要保留化学式，检查是否符合守恒关系(如：质量守恒和电荷守恒等)、检查是否符合原化学方程式等。4.下列说法中正确的是（）A.1L水中溶解了58.5gNaCl，该溶液中溶质的物质的量浓度为1mol•L-1B.配制500mL0.5mol•L-1的CuSO4溶液，需62.5g胆矾C.从1L2mol•L-1的H2SO4溶液中取出0.5L，该溶液的浓度为1mol•L-1D.中和100mL1mol•L-1的H2SO4溶液，需NaOH4g【答案】B【解析】【详解】A、1L水中溶解了58.5gNaCl，溶液的体积不是1L，溶液的物质的量浓度无法求出，A项错误；B、根据化学式可知硫酸铜的物质的量等于硫酸铜晶体的物质的量，所以需要胆矾的质量为：0.5L×0.5mol·L-1×250g·mol－1=62.5g，B项正确；C、从1L2mol·L-1的H2SO4溶液中取出0.5L，该溶液的浓度为2mol·L-1，C项错误；D、由关系式H2SO4～2NaOH可知：n（NaOH）=2n（H2SO4）=2×0.1L×1mol·L-1=0.2mol，m(NaOH)=0.2mol×40g·mol－1=8g，D项错误；-3-本题答案选B。【点睛】配制一定物质的量浓度的溶液的时候，计算式要注意晶体中是否含有结晶水，如果含有结晶水，计算称量的质量时，应该是含有结晶水的物质的质量。5.水热法制备Fe3O4纳米颗粒的总反应为：3Fe2++2S2O32-+O2+XOH-=Fe3O4+S4O62-+2H2O，下列说法正确的是（）A.硫元素被氧化，铁元素被还原B.Fe2+、S2O32-都是还原剂C.X=2D.每生成1molFe3O4，则转移电子数2mol【答案】B【解析】【详解】A.化合物中铁元素、硫元素用平均化合价，铁元素的化合价变化：+2→+83；硫元素的化合价变化为：+2→+52，Fe和S元素都被氧化，A错误；B.由上述分析可知，还原剂是Fe2+、S2O32-，氧化剂是O2，B正确；C.由电荷守恒可知：2×3+2×(-2)-X=-2，X=4，C错误；D.由方程式可知，每生成1molFe3O4，参加反应的氧气为1mol，转移电子数为1mol×4=4mol，D错误。故合理选项是B。6.下列推理正确的是A.铝粉在氧气中燃烧生成Al2O3，铁丝在氧气中燃烧也生成Fe2O3B.铁能从硫酸铜溶液中置换出铜，钠也能从硫酸铜溶液中快速置换出铜C.铝片表面易形成致密的氧化膜，钠块表面也易形成致密的氧化膜D.钠与氧气、水等反应时钠均作还原剂，金属单质参与氧化还原反应时金属均作还原剂【答案】D【解析】【分析】A．铁在氧气中燃烧生成Fe3O4，不会生成Fe2O3；-4-B．钠与硫酸铜溶液反应的实质为：钠先与水反应生成氢氧化钠和氢气，生成的氢氧化钠与铜离子反应生成氢氧化铜沉淀，不会生成铜单质；C、根据铝易于空气中的氧气反应进行分析，钠形成的氧化钠膜能被继续与空气中的水及二氧化碳反应；D．金属的化合价为0价，化合物中金属的化合价为正价，所以金属单质在反应中一定做还原剂。【详解】A．铝粉在氧气中燃烧生成Al2O3，而铁在氧气中燃烧的方程式为：铁在氧气中燃烧生成四氧化三铁，反应的化学方程式为：3Fe+2O2Fe3O4，生成的是Fe3O4，不是Fe2O3，选项A错误；B．钠与硫酸铜溶液的反应方程式为：2Na+2H2O+Cu2+═H2↑+2Na++Cu(OH)2↓，钠与硫酸铜溶液反应不会生成铜单质，选项B错误；C．铝表面容易形成一层致密的氧化物保护膜，阻止了铝继续被氧化，但钠化学性质比较活泼，形成的氧化钠膜能被继续与空气中的水及二氧化碳反应，选项C错误；D．Na与氧气、水等反应时钠均作还原剂，金属在化合物中的化合价都是正价，所以金属单质参与反应时金属均作还原剂，选项D正确；答案选D。【点睛】本题考查了金属单质及其化合物性质，题目难度中等，注意掌握金属单质及其化合物性质的综合利用方法，明确活泼金属在溶液中的反应情况，如钠与硫酸铜溶液的反应，不会置换出金属铜。7.下列相关反应的离子方程式正确的是（）A.NaHCO3溶液中滴加少量澄清石灰水2HCO3-+Ca2++2OH-=CaCO3↓+2H2O+CO32-B.NH4Al（SO4）2溶液中加入Ba（OH）2溶液使SO42-完全沉淀Al3++2SO42-+2Ba2++4OH-=AlO2-+2BaSO4↓+2H2OC.Fe2O3与HI溶液反应Fe2O3+6H+=2Fe3++3H2OD.浓烧碱溶液中加入铝片Al+OH-+H2O=AlO2-+H2↑【答案】A【解析】【详解】A．少量的澄清石灰水，则Ca(OH)2完全反应，使Ca(OH)2的物质的量为1mol，则溶-5-液中有1molCa2＋和2molOH－，2molOH－与2molHCO3－反应，生成2molCO32－和2molH2O，其中1molCO32－与Ca2＋生成CaCO3沉淀，则离子方程式为2HCO3-+Ca2++2OH-=CaCO3↓+2H2O+CO32-，A项正确；使NH4Al(SO4)2的物质的量为1mol，则溶液中含有1molNH4＋、1molAl3＋、2molSO42－，完全沉淀需要加入2molBa(OH)2，则有4molOH－，分别和1molAl3＋、1molNH4＋生成Al(OH)3，NH3·H2O，离子方程式为NH4＋＋Al3++2SO42-+2Ba2++4OH-=NH3·H2O＋Al(OH)3↓+2BaSO4↓+2H2O；产物中没有AlO2－，B项错误，C．产物中的Fe3＋会与I－发生氧化还原反应，离子方程式应该为Fe2O3＋6H＋＋2I－=2Fe2＋＋I2＋3H2O；C项错误；D．H原子不守恒，方程式应该为2Al＋2OH－＋2H2O=2AlO2－＋3H2↑，D项错误；本题答案选A。8.用高铁酸钠(Na2FeO4)对河、湖水消毒是城市饮用水处理的新技术，已知反应：Fe2O3＋3Na2O2=2Na2FeO4＋Na2O，下列说法正确的是（）A.Na2O2既是氧化剂又是还原剂B.Fe2O3在反应中显氧化性C.Na2FeO4既是氧化产物又是还原产物D.3molNa2O2发生反应，有12mol电子转移【答案】C【解析】【分析】A、化合价降低元素所在的反应物是氧化剂，化合价升高元素所在的反应物是还原剂；B.Fe2O3在反应中铁元素由+3价变为+6价被氧化，显还原性；C、还原剂对应的产物是氧化产物，氧化剂对应的产物叫还原产物；D、根据反应过程转移的电子物质的量来计算回答。【详解】A、反应Fe2O3+3Na2O2=2Na2FeO4+Na2O中，氧元素化合价降低，Na2O2是氧化剂，铁元素化合价升高，Fe2O3是还原剂，选项A错误；B、Fe2O3在反应中铁元素由+3价变为+6价被氧化，显还原性，选项B错误；C、还原剂Fe2O3对应的产物Na2FeO4是氧化产物，氧化剂Na2O2对应的产物Na2FeO4和Na2O是还原产物，所以Na2FeO4既是氧化产物又是还原产物，选项C正确；D、在反应Fe2O3+3Na2O2=2Na2FeO4+Na2O中，铁元素化合价共升高6价，所以反应过程转移的电-6-子物质的量为6mol，消耗3molNa2O2，选项D错误；答案选C。【点睛】本题考查学生氧化还原反应的基本概念和电子转移知识，可以根据所学知识进行回答，难度不大。9.下列各组离子在相应的条件下一定能大量共存的是（）A.在碱性溶液中：CO32﹣、K+、S2﹣、Na+B.与铝粉反应放出氢气的无色溶液中：NO3﹣、Mg2+、Na+、SO42﹣C.使pH试纸变红的溶液中：NH4+、AlO2﹣、C1﹣、K+D.在酸性溶液中：K+、C1﹣、Fe2+、NO3﹣【答案】A【解析】【详解】A.在碱性溶液中：OH-与CO32﹣、K+、S2﹣、Na+不能反应，可以大量共存，A正确；B.与铝粉反应放出氢气的无色溶液可能显酸性，也可能显碱性，在酸性溶液中：H+与NO3﹣起HNO3作用，具有强氧化性，与Al不能反应产生氢气，B错误；C.使pH试纸变红的溶液显酸性，在酸性溶液中：H+、AlO2﹣会发生反应转化为Al3+和水，不能大量共存，C错误；D.在酸性溶液中，H+、Fe2+、NO3﹣会发生氧化还原反应，不能大量共存，D错误；故合理选项是A。10.硫代硫酸钠（Na2S2O3）可作为脱氯剂，已知25mL0.1mol/LNa2S2O3溶液恰好把224mL（标准状况下）Cl2完全转化为Cl－，则S2O32-将转化为（）A.SO42-B.SO32-C.SD.S2－【答案】A【解析】【详解】设完全反应后S2O32-转化成的物质中硫元素的化合价为＋n，则根据氧化还原反应中得失电子守恒可得：2×0.224L/22.4L·mol－1＝2（n－2）×0.025L×0.1mol/L，解得n＝6，即完全反应后S2O32-转化为SO42-，答案选A。【点睛】电子守恒法解题的步骤是：首先找出氧化剂、还原剂及其物质的量以及每摩尔氧化剂、还原剂得失电子的量，然后根据电子守恒列出等式。计算公式如下：n(氧化剂)×得电子-7-原子数×原子降价数＝n(还原剂)×失电子原子数×原子升价数。利用这一等式，解氧化还原反应计算题，可化难为易，化繁为简。11.镁、铝都是较活泼的金属，下列描述中正确的是()A.铝热剂是镁条、铝粉和氧化铁的混合物B.镁、铝都能跟稀盐酸、稀硫酸、强碱反应C.镁在点燃条件下可以与二氧化碳反应，铝在一