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1EvaluationWarning:ThedocumentwascreatedwithSpire.Docfor.NET.非选择题提升练习选（四）1、(2019·江苏南京四校联考)果蝇的眼色中有白色(不含色素)、红色和紫色三种，细胞中红色色素的合成必须有基因A控制合成的酶催化。若细胞中基因D控制合成的酶存在时，红色色素会转化为紫色色素，使眼色呈紫色。当细胞中不能形成红色色素时，眼色为白色。现以两个纯系果蝇进行杂交实验，结果如图。请回答下列问题：(1)根据F1表现型，可以推测等位基因________位于X染色体上，控制果蝇眼色的两对基因遗传时遵循________________定律。(2)F1中红眼雄果蝇产生的精子的基因组成有________________。F2中紫眼雌果蝇的基因型有________________________。(3)若让F1中全部红眼雄果蝇测交，则后代表现型及比例为______________。(4)若让F2中全部紫眼雄果蝇与白眼雌果蝇随机交配，则后代中白眼雄果蝇所占比例为________。解析：(1)根据F1中雌性和雄性眼色的区别可判断基因D、d的遗传与性别相关联，应位于X染色体上；常染色体和性染色体属于非同源染色体，这两对同源染色体上基因的遗传遵循基因的自由组合定律。(2)P：AAXdXd(红眼雌果蝇)×aaXDY(白眼雄果蝇)→F1：AaXDXd(紫眼雌果蝇)、AaXdY(红眼雄果蝇)，其中F1中红眼雄果蝇产生精子的基因型有AXd、aXd、AY、aY四种；F2中紫眼雌果蝇的基因型应为AAXDXd、AaXDXd。(3)若让F1中全部红眼雄果蝇(AaXdY)测交(与aaXdXd杂交)，测交后代为AaXdXd(红眼雌果蝇)∶aaXdXd(白眼雌果蝇)∶AaXdY(红眼雄果蝇)∶aaXdY(白眼雄果蝇)＝1∶1∶1∶1。(4)若让F2中全部紫眼雄果蝇(1/3AAXDY、2/3AaXDY)与白眼雌果蝇(1/2aaXDXd、1/2aaXdXd)随机交配，则后代中白眼雄果蝇(aaX－Y)的比例＝2/3×1/2×1/2＝1/6。答案：(1)D、d基因的自由组合(2)AXd、aXd、AY、aYAAXDXd、AaXDXd(3)红眼雌果蝇∶红眼雄果蝇∶白眼雌果蝇∶白眼雄果蝇＝1∶1∶1∶1(4)1/62、从H1N1到H7N9，新型禽流感病毒的不断出现，威胁着人类健康，接种H7N9流感疫苗是2目前预防禽流感的有效措施。请回答以下相关问题。(1)人体接种H7N9疫苗后，其中主要成分血凝素(病毒囊膜糖蛋白)可作为________刺激机体产生特异性免疫反应。(2)一旦H7N9禽流感病毒入侵机体，________会迅速增殖分化为浆细胞，产生大量抗体，这些抗体与游离的H7N9结合阻止其吸附宿主细胞；若少量病毒侥幸侵入机体细胞，机体还可依靠________免疫将被感染细胞裂解清除。(3)C48/80是一种可激活巨噬细胞(吞噬细胞的一种)的聚合物，研究人员为研究C48/80对疫苗免疫效应的影响做了如下实验：实验选用128只健康小鼠随机分为8组，采用滴鼻方式给药，28天后用致死剂量H7N9病毒悬液处理小鼠，一段时间后测定小鼠血清中IgG(抗体)水平，在病毒处理后21天计算各组小鼠成活率，结果如下表：组别疫苗及辅助剂疫苗剂量(μg)小鼠血清IgG抗体水平小鼠存活率(%)AH7N9＋C48/801.513100BH7N91.511.3100CH7N9＋C48/800.1511.387.5DH7N90.159.6750EH7N9＋C48/800.01510.3362.5FH7N90.0159.3325GC48/80—6.00HH7N9＋CTB*1.514.33100注：CTB*已被证实为一种安全有效的免疫辅助剂，可增强疫苗的免疫效力。①为使实验结果更有说服力，可再增加一组对照实验，其处理应为____________。②实验数据显示，G组小鼠的血清抗体水平比其他组____________，最可能的原因是_____________________________________________________。③实验结果表明，随H7N9疫苗剂量的增加，免疫小鼠的____________。解析：(1)疫苗中病毒的糖蛋白作为抗原，可刺激人体产生特异性免疫反应。(2)接种疫苗后，人体内会产生记忆细胞，以后再有携带相同抗原的H7N9侵入人体后，记忆细胞会迅速增殖分化形成浆细胞。如果病毒侵入人体细胞内，则需要通过细胞免疫中产生的效应T细胞将靶细胞裂解。(3)①为使实验结果更有说服力，还应设置一对照组，该组小鼠不给予疫苗和辅助剂处理，其他处理方式与A～H组相同。②G组只用免疫辅助剂处理，没有注射疫苗，用病毒处理该组小鼠后只能引起初次免疫反应，没有发生由记忆细胞引起的二次免疫反应，因而产生的抗体少。③表中结果显示，随着疫苗剂量增加，小鼠的抗体水平和存活率均升高。答案：(1)抗原(2)记忆细胞细胞(3)①除不给小鼠滴加疫苗或辅助剂外，其他处理与其余组相同②低G组小鼠未注射疫苗发生的是初次免疫，产生的抗体少，其他注射过疫苗的组发生的是二次免疫，产生的抗体3更多③IgG抗体水平和小鼠存活率均升高3、(2019·石嘴山一模)如图为某生态系统的碳循环示意图，其中甲、乙、丙、丁为生态系统的组成成分；A、B、C、D是丙中关系密切的四种生物，其能量所占比例如图所示；如表为该生态系统能量流动数据表(不考虑未利用的能量)，请回答下列问题：营养级ⅠⅡⅢⅣ从上一营养级固定的(108kJ)141.015.90.9呼吸消耗的(108kJ)501.279.113.20.5(1)表中的Ⅰ对应图中________，③过程中碳的传递形式是________。(2)据表分析，A与下一营养级的能量传递效率为______(保留小数点后一位)。(3)生态系统具有一定的结构，除了甲、乙、丙、丁所示的组成成分外，还包括________________。请写出图中的食物链(网)________________。由于某种原因造成了生物C灭绝，一段时间内，其他生物数量发生较大波动后又逐渐趋于稳定，这说明生态系统具有________________________________________________________________________。(4)A生物在捕食过程中可通过叫声召唤同伴，这种叫声属于生态系统的________信息。解析：(1)表格中的数据表示的是能量流动，由于Ⅰ没有从上一营养级获取的能量，所以可以判断Ⅰ是生产者，对应的是图中的乙，③表示的是呼吸作用，连接的是生物群落与无机环境之间，碳元素在生物群落与无机环境之间循环的主要形式是CO2。(2)A是初级消费者，对应表格中的Ⅱ，第三营养级对应表格中的Ⅲ，传递效率是相邻两个营养级之间同化量的比值，所以A与下一营养级的能量传递效率为15.9141.0×100%≈11.3%。(3)生态系统具有一定的结构，除了甲、乙、丙、丁所示的组成成分外，还包括食物链和食物网。食物链都是从生产者开始的，根据A、B、C、D四种生物的能量所占比例可知，A是初级消费者，B、C是次级消费者，D是三级消费者，由此可写出图中存在的食物网(见答案)。若由于某种原因造成了生物C灭绝，而其他生物数量发生较大波动后又逐渐趋于稳定，其原因是生态系统具有自我调节能力。(4)生态系统中的信息有物理信息、化学信息和行为信息，A生物在捕食过程中可通过叫声召唤同伴，叫声属于生态系统的物理信息。答案：(1)乙二氧化碳(2)11.3%(3)食物链和食物网(营养结构)一定的自我调节能力(4)物理4、动物细胞融合技术突破了有性杂交方法的局限，使远缘杂交成为可能。现在已经广泛应用于多种研究工作中，特别是新发展起来的杂交瘤技术，为制备单克隆抗体开辟了新途径。4研究表明DNA合成有两条途径：“S途径”和“D途径”，淋巴细胞(B淋巴细胞)有“S途径”和“D途径”；骨髓瘤细胞只有“D途径”；HAT培养液中氨基蝶呤可以阻断DNA合成的“D途径”。下图是单克隆抗体制备流程阶段示意图。回答下列问题：(1)__________、__________技术是制备单克隆抗体的基础。(2)单克隆抗体与常规的血清抗体相比，最大的优越性是__________。(3)杂交瘤细胞既具备骨髓瘤细胞的________________特点，又具备淋巴细胞的__________特点。(4)图示用HAT培养液筛选出杂交瘤细胞的过程中，融合的淋巴细胞(B淋巴细胞)在HAT培养液中不生长的原因是____________________，融合的骨髓瘤细胞在HAT培养液中不生长的原因是__________________________________。解析：(1)制备单克隆抗体需要将B淋巴细胞与骨髓瘤细胞进行融合并培养杂交瘤细胞。(2)单克隆抗体与常规的血清抗体相比，最大的优点是特异性强、灵敏度高，并可大量制备。(3)选出的杂交瘤细胞既具有骨髓瘤细胞在体外大量增殖(无限增殖)的特点，又具备淋巴细胞分泌特异性抗体的特点。(4)由题干可知，HAT培养液中氨基蝶呤可以阻断DNA合成的“D途径”，融合的淋巴细胞(B淋巴细胞)DNA合成具有“S途径”和“D途径”，虽然“D途径”被HAT培养液中氨基蝶呤阻断，还有“S途径”存在，但因缺乏在体外培养液中增殖的能力，所以不能生长。对于骨髓瘤细胞自身融合的细胞而言，只有“D途径”而没有“S途径”，而“D途径”DNA合成又被HAT培养液中氨基蝶呤阻断，所以在HAT培养液中不生长，故用HAT培养液可筛选出杂交瘤细胞。答案：(1)细胞融合细胞培养(2)特异性强、灵敏度高(3)在体外大量增殖(无限增殖)分泌特异性抗体(4)缺乏在体外培养液中增殖的能力其DNA合成途径被氨基蝶呤阻断而不能进行DNA复制5、无论是北方还是南方，泡菜的制作方法大致相同，一般的制作方法是：新鲜的蔬菜经过整理、清洁后，放入彻底清洗并用白酒擦拭过的泡菜坛中，然后向坛中加入盐水、香料及一些“陈泡菜水”，密封后置于阴凉处，最适环境温度为28～30℃。在实验室或工厂生产泡菜时，还要跟踪检测泡菜腌制过程中产生的亚硝酸盐含量。回答有关问题：(1)从细胞结构来看，制作泡菜用的乳酸菌属于________(填“原核生物”“真核生物”或“病毒”)。若要获得大量乳酸菌菌种，应选用培养基培养，培养基中应有________、________、水、无机盐等，同时还必须满足________、________等具体培养条件的要求。5(2)泡菜坛一般用水封的目的是__________________。若泡菜坛有裂缝，可能会出现的结果是____________________。(3)若制作的泡菜“咸而不酸”，最可能的原因是________________，如何进行调整？________________，其中盐与清水的质量比为________。解析：(1)乳酸菌是原核生物。培养乳酸菌的培养基中应有碳源、氮源、水、无机盐等，同时还需满足pH、无氧等具体培养条件的要求。(2)乳酸菌为厌氧菌，泡菜坛一般用水封的目的是隔绝空气，创造无氧环境。若泡菜坛有裂缝，则会有部分空气进入，导致乳酸菌不能正常生长，而一些杂菌大量繁殖，泡菜会变质。(3)加盐太多，抑制了乳酸菌的繁殖，可导致制作的泡菜“咸而不酸”。制作泡菜时，按照盐与清水的质量比为1∶4的比例配制盐水。答案：(1)原核生物碳源氮源(答案合理即可)pH无氧(2)创造无氧环境乳酸菌不能正常生长，而一些杂菌大量繁殖，泡菜会变质(3)加盐过多，抑制了乳酸菌发酵减少盐的投放量1∶46、果胶酶能够分解果胶，瓦解植物的细胞壁及胞间层，使榨取果汁更容易，也使得浑浊的果汁变得澄清。请回答下列有关果胶酶的问题：(1)探究温度对果胶酶活性影响的实验步骤：a．用搅拌器制苹果泥；b．取6个烧杯编号1、2、3、4、5、6，依次注入适量30℃、35℃、40℃、45℃、50℃、55℃的水，恒温水浴；c．每一烧杯中放入分别装有等量苹果泥和果胶酶的试管，保温3min；d．