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1EvaluationWarning:ThedocumentwascreatedwithSpire.Docfor.NET.第2节孟德尔的豌豆杂交实验（二）（Ⅲ）[学生用书P19]1．刺鼠的毛色由两个基因B和C决定，B(b)和C(c)的遗传符合基因自由组合定律。B(黑色)对b(褐色)为显性；凡是具有CC和Cc基因型的鼠是正常体色，只要基因型是cc则为白化鼠。某黑色的刺鼠与bbcc的白化鼠交配，其子一代中，1/2个体是白化鼠，1/4是黑色正常刺鼠，1/4是褐色正常刺鼠。请推测黑色亲本的基因型是()A．bbCcB．BbCcC．BbCCD．BBCc解析：选B。刺鼠的毛色是由非同源染色体上的两对等位基因控制的性状，只有C基因存在的情况下才是正常体色，B_C_表现为黑色，bbC_表现为褐色，黑色亲本中至少含一个B和一个C，基因型为B_C_的黑色刺鼠与白化鼠bbcc交配，子一代中1/2个体是白化鼠，1/4是黑色正常刺鼠，1/4是褐色正常刺鼠，所以黑色亲本的基因型是BbCc。2．豌豆子叶的黄色(Y)、圆粒种子(R)均为显性。两亲本豌豆杂交的F1表现型如图所示。让F1中黄色圆粒豌豆与绿色皱粒豌豆杂交，F2的性状分离比为()A．1∶1∶1∶1B．2∶2∶1∶1C．3∶1∶3∶1D．9∶3∶3∶1解析：选B。根据图示，F1中圆粒∶皱粒＝3∶1，黄色∶绿色＝1∶1，可推知两亲本的基因型分别为YyRr、yyRr，因而F1中黄色圆粒豌豆(1/3YyRR、2/3YyRr)与绿色皱粒豌豆(yyrr)杂交，F2的性状分离比为黄色圆粒∶绿色圆粒∶黄色皱粒∶绿色皱粒＝2∶2∶1∶1。3．人类多指基因(T)对手指正常(t)是显性，白化病基因(a)对肤色正常(A)为隐性，基因都位于常染色体上，而且都是独立遗传。一个家庭中，父亲是多指，母亲正常，他们有一个白化病和手指正常的孩子。则再生一个孩子只患一种病的概率是()A．1/8B．1/2C．1/4D．3/8解析：选B。先求双亲的基因型：父亲多指→T_A_，母亲正常→ttA_；由双亲生有一个白化病的孩子可知双亲控制肤色的基因型均为Aa；因为有手指正常的孩子，所以父亲控制多指的基因型只能是Tt，否则子代全都是多指。由此推得双亲的基因型是：TtAa和ttAa。这对夫妇的后代若只考虑手指这一性状，患多指的概率为1/2，正常指的概率为1/2；若只考虑白化病这一性状，患白化病的概率为1/4，正常的概率为3/4，因此再生一个孩子只患2一种病的概率为1/2＋1/4—2×1/2×1/4＝1/2。也可通过另一计算式1/2×(1－1/4)＋1/4×(1－1/2)求出再生一个孩子只患一种病的概率为1/2。4．(2019·山东菏泽期中)某动物的肤色受三对独立遗传的等位基因(A、a，B、b，D、d)控制，肤色的深浅与显性基因数量呈正相关，且每个显性基因对肤色的影响效果相同。下列说法错误的是()A．三对等位基因控制的表现型共有6种B．肤色的遗传既遵循基因的分离定律也遵循基因的自由组合定律C．相同环境中，基因型AABbdd与aaBbDD个体的表现型相同D．肤色的深浅也受环境影响答案：A5．(2019·景德镇高一期中)一种观赏植物，纯合的蓝色品种与纯合的鲜红色品种杂交，F1均为蓝色。若让F1蓝色与纯合鲜红色品种杂交，产生的子代的表现型及比例为蓝色∶鲜红色＝3∶1。若F1蓝色植株自花受粉，则F2表现型及其比例最可能是()A．蓝色∶鲜红色＝1∶1B．蓝色∶鲜红色＝3∶1C．蓝色∶鲜红色＝9∶1D．蓝色∶鲜红色＝15∶1答案：D6．(2019·福建福清期末)下列遗传表现中，属于自由组合现象的是()A.牵牛花花色与叶形B.香豌豆花色与花粉粒C.玉米粒色与粒形D.果蝇体色与翅形红花阔叶37.5%红花窄叶12.5%白花阔叶37.5%白花窄叶12.5%紫花、长粒44%紫花、圆粒6%红花、长粒6%红花、圆粒44%有色饱满73%有色皱缩2%无色饱满2%无色皱缩23%灰身长翅50%黑身残翅50%解析：选A。基因的分离定律阐述了位于非同源染色体上的非等位基因的传递规律。在配子生成过程中非等位基因之间分离或重组互不干扰。自由组合遗传现象指的是杂合体后代自交性状分离比符合(3∶1)n。A项符合3∶1∶3∶1，其他各项均不符合，故选A。7．(2019·黑龙江哈尔滨六中高一月考)某哺乳动物的体色由两对等位基因控制(用A和a、B和b表示)，现有两纯合的灰色个体和白色个体杂交，F1全是灰色。让F1中雌雄个体相互交配，得到的F2中有三种表现型，即灰色、黑色和白色，它们的比例为9∶3∶4。请分析回答下列问题：(1)控制该动物体色的两对基因的遗传________(填“遵循”或“不遵循”)基因自由组合定律。(2)亲本灰色和白色个体的基因型分别为____________。3(3)F2中黑色与白色个体交配，后代出现白色个体的概率是________。(4)F2中黑色个体的基因型可能为________________。若要确定某一黑色个体是否为纯合子，请设计杂交实验加以证明。①设计杂交实验：_________________________________________________________________________________________________________________。②结果预测：________________________________________________________________________________________________________________________。解析：(1)F2中表现型的比例为9∶3∶4，说明F1能产生四种数量相等的配子，两对基因独立遗传，所以遵循基因自由组合定律。(2)F1的基因型为AaBb，且F2中灰色个体占9/16，则可知亲本灰色和白色个体的基因型分别为AABB、aabb。(3)黑色个体的基因型为A_bb或aaB_，则白色个体的基因型为aabb和aaB_，或白色个体的基因型为aabb和A_bb。若黑色个体的基因型为A_bb，则白色个体的基因型为aabb和aaB_。在F2中黑色个体有两种基因型，即1/3AAbb、2/3Aabb，其与白色个体杂交后代基因型中只要出现aa就表现为白色，即白色个体出现的概率为2/3×1/2＝1/3。同理，若黑色个体的基因型为aaB_，则结果同上。(4)F2中黑色个体的基因型可能为AAbb和Aabb(或aaBB和aaBb)，若要确定某一黑色个体是否为纯合子，可以让黑色个体与白色个体(aabb)杂交，如果后代中只有黑色个体，说明该黑色个体为纯合子；如果后代中出现了白色个体，说明该黑色个体为杂合子。答案：(1)遵循(2)AABB、aabb(3)1/3(4)AAbb和Aabb(或aaBB和aaBb)①让黑色个体与白色个体(aabb)杂交②如果后代中只有黑色个体，说明该黑色个体为纯合子；如果后代中出现了白色个体，说明该黑色个体为杂合子。